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山西省吕梁市枝柯中学高三数学理期末试卷含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 如果实数x、y满足条件,那么2x﹣y的最大值为( )
A.2 B.1 C.﹣2 D.﹣3
参考答案:
B
【考点】7D:简单线性规划的应用.
【分析】先根据约束条件画出可行域,再利用几何意义求最值,z=2x﹣y表示直线在y轴上的截距,只需求出可行域直线在y轴上的截距最大值即可.
【解答】解:先根据约束条件画出可行域,
当直线2x﹣y=t过点A(0,﹣1)时,
t最大是1,
故选B.
2. 同时掷两枚质地均匀的骰子,所得点数之和为的概率等于( )
A. B. C. D.
参考答案:
B
点数之和为的有,共有个,所以其概率为,选B.
3. 已知定义在R上的奇函数f(x)的图象关于直线x=1对称,f(﹣1)=1,则f(1)+f(2)+f(3)+…+f(2015)的值为( )
A.﹣1 B.0 C.1 D.2
参考答案:
B
【考点】函数奇偶性的性质.
【专题】函数的性质及应用.
【分析】先由图象关于直线x=1对称得f(2﹣x)=f(x),再与奇函数条件结合起来,有f(x+4)=f(x),得f(x)是以4为周期的周期函数再求解.
【解答】解:∵图象关于直线x=1对称,∴f(2﹣x)=f(x),
∵f(x)是奇函数,∴f(﹣x)=﹣f(x),
f(2+x)=﹣f(x),∴f(x+4)=f(x),∴f(x)是以4为周期的周期函数.
∵f(1)=﹣1,f(2)=﹣f(0)=0,f(3)=f(2+1)=﹣f(1)=1,f(4)=f(4+0)=f(0)=0,
∴f(1)+f(2)+f(3)+f(4)=0,
∴f(1)+f(2)+f(3)+…+f(2015)=f(1)+f(2)+f(3)=0,
故选:B.
【点评】本题主要考查函数的奇偶性和对称性以及性质间的结合与转化,如本题周期性就是由奇偶性和对称性结合转化而来的,属于中档题.
4. 已知函数则不等式f(x)≤2的解集是( )
A.[0,+∞) B.[﹣l,2] C.[0,2] D.[1,+∞)
参考答案:
A
【考点】指、对数不等式的解法.
【专题】不等式的解法及应用.
【分析】由不等式f(x)≤2可得①,或②.分别求出①和②的解集,再取并集即得所求.
【解答】解:由不等式f(x)≤2可得①,或②.
解①可得 0≤x≤1,解②得 x>1,
故不等式的解集为 {x|0≤x≤1或 x>1 }={x|x≥0 },
故选A.
【点评】本题主要考查指数不等式对数不等式的解法,体现了分类讨论的数学思想,属于中档题.
5. 如图,矩形ABCD的四个顶点的坐标分别为A(0,—1),B(,—1),C(,1),D(0,1),
正弦曲线和余弦曲线在矩形ABCD内交于点F,向矩形ABCD
区域内随机投掷一点,则该点落在阴影区域内的概率是
A. B. C. D.
参考答案:
B
6. 已知函数的最大值为2,两个对称轴间的最短距离为,直线是其图象的一条对称轴,则符合条件的解析式是( )
A. B.
C. D.
参考答案:
A
7. 执行如图程序框图,输出的结果为( )
A.20 B.30 C.42 D.56
参考答案:
B
考点:程序框图.
专题:图表型;算法和程序框图.
分析:模拟执行程序框图,依次写出每次循环得到的S,n,T的值,当S=25,T=30时,满足条件T>S,退出循环,输出T=30.
解答: 解:模拟执行程序框图,可得
S=0,n=0,T=0
不满足条件T>S,S=5,n=2,T=2
不满足条件T>S,S=10,n=4,T=6
不满足条件T>S,S=15,n=6,T=12
不满足条件T>S,S=20,n=8,T=20
不满足条件T>S,S=25,n=10,T=30
满足条件T>S,退出循环,输出T=30,
故选:B.
点评:本题主要考查了循环结构的程序框图,依次写出每次循环得到的S,n,T的值是解题的关键,属于基本知识的考查.
8. 已知全集U={1,2,3,4,5},集合等于( )
A.{1,2,3,4} B.{2,3,4} C.{1,5} D.{5}
参考答案:
答案:C
9. 已知函数y=sin(ωx+φ)(ω>0,0<φ<)的部分图象如图所示,则ω,φ的值分别是( )
A., B.1, C.1, D.,
参考答案:
A
【考点】正弦函数的图象.
【分析】由周期求出ω,由五点法作图求出φ的值,可得结论.
【解答】解:由函数y=sin(ωx+φ)(ω>0,0<φ<)的部分图象知, =+=π,∴ω=.
再根据五点法作图可得?(﹣)+φ=0,∴φ=,
故选:A.
10. 设为两个平面,为两条直线,且,有如下两个命题:
①若;②若. 那么( )
A.①是真命题,②是假命题 B.①是假命题,②是真命题
C.①、②都是真命题 D.①、②都是假命题
参考答案:
D
略
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. (2x﹣)6展开式中常数项为 (用数字作答).
参考答案:
60
【考点】DA:二项式定理.
【分析】用二项展开式的通项公式得展开式的第r+1项,令x的指数为0得展开式的常数项.
【解答】解:(2x﹣)6展开式的通项为=
令得r=4
故展开式中的常数项.
故答案为60
12. (07年宁夏、 海南卷理)某校安排5个班到4个工厂进行社会实践,每个班去一个工厂,每个工厂至少安排一个班,不同的安排方法共有 种.(用数字作答)
参考答案:
答案:240
解析:由题意可知有一个工厂安排2个班,另外三个工厂每厂一个班,
共有种安排方法。
13. 曲线C:y=在点A处的切线l恰好经过坐标原点,则A点的坐标为____________.
参考答案:
(1,e)
14. 已知偶函数f(x)在(0,+∞)上为增函数,且f(2)=0,解不等式f[log2(x2+5x+4)]≥0。
参考答案:
解:∵f(2)=0,∴原不等式可化为f[log2(x2+5x+4)]≥f(2)。
又∵f(x)为偶函数,且f(x)在(0,+∞)上为增函数,
∴f(x)在(-∞,0)上为减函数且f(-2)=f(2)=0。
∴不等式可化为 log2(x2+5x+4)≥2 ①
或 log2(x2+5x+4)≤-2 ②
由①得x2+5x+4≥4,∴x≤-5或x≥0 ③
由②得0<x2+5x+4≤得
≤x<-4或-1<x≤ ④
由③④得原不等式的解集为
{x|x≤-5或≤x≤-4或-1<x≤或x≥0。
略
15. 已知,且,则 .
参考答案:
-1
16. 已知,则的值为 .
参考答案:
试题分析:因为,所以
.
考点:三角函数的化简求值.
17. 某中学共有1800人,其中高二年级的人数为600.现用分层抽样的方法在全校抽取n人,其中高二年级被抽取的人数为21,则n= .
参考答案:
63
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. (本题满分12分)已知函数=,=,若曲线和曲线都过点P(0,2),且在点P处有相同的切线.
(Ⅰ)求,,,的值;
(Ⅱ)若时,≤,求的取值范围.
参考答案:
(Ⅰ)由已知得,
而=,=,∴=4,=2,=2,=2;
(Ⅱ)由(Ⅰ)知,,,
设函数==(),
==,
有题设可得≥0,即,
令=0得,=,=-2,
(1)若,则-2<≤0,∴当时,<0,当时,>0,即在单调递减,在单调递增,故在=取最小值,而==≥0,
∴当≥-2时,≥0,即≤恒成立,
(2)若,则=,
∴当≥-2时,≥0,∴在(-2,+∞)单调递增,而=0,
∴当≥-2时,≥0,即≤恒成立,
(3)若,则==<0,
∴当≥-2时,≤不可能恒成立, 综上所述,的取值范围为[1,].
19. 在△ABC中,a、b、c是角A、B、C所对的边,且.
(1)求C的大小;
(2)若,,求AB边上的高.
参考答案:
(1);(2).
【分析】
(1)利用正弦定理边角互化思想可求得的值,结合角的取值范围可得出角的值;
(2)利用余弦定理求得的值,利用正弦定理求得的值,进而可得出边上的高为,即可得解.
【详解】(1),
由正弦定理得,
即,即,
,,则有,,因此,;
(2)由余弦定理得,整理得,
,解得,由正弦定理,得,
因此,边上的高为.
【点睛】本题考查利用正弦定理边角互化思想求角,同时也考查了三角形高的计算,涉及正弦定理和余弦定理的应用,考查计算能力,属于基础题.
20. (本小题满分12分)已知函数.
(Ⅰ)求的值;
(Ⅱ)求函数在的最大值.
参考答案:
【解】:(Ⅰ).………5分
(Ⅱ)
.………………………………9分
∵,∴, ∴当 ,即时,
取得最大值.……12分
略
21. 已知函数.
(1)若,证明:;
(2)若,求a的取值范围.
参考答案:
(1)见证明;(2)
【分析】
(1)利用基本不等式证明;(2)即解不等式,再利用分类讨论法解不等式得解.
【详解】解:(1)证明:若,则,
当且仅当时,等号成立,
从而
(2)由,得,
当时,,即恒成立,则;
当时,,则;
当时,,则或,
综上,的取值范围为
【点睛】本题主要考查基本不等式,考查利用零点分类讨论法解不等式,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和分析推理能力.
22. 已知存在单调递减区间.
(Ⅰ)求实数a的取值范围;
(Ⅱ)判断曲线y=f(x)在x=0的切线能否与曲线相切?若存在,求出a,若不存在,说明理由;
(Ⅲ)若f(x1)=f(x2)=0(x1<x2),求证:.
参考答案:
略
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