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上海甘泉外国语中学高二物理下学期期末试卷含解析
一、 选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意
1. 关于下列物理事实说法中,错误的一项是
A.东汉学者王充在《论衡》一书中描述的“司南”,是人们公认的最早的磁性定向工具。
B.美国电气工程师特斯拉发现了电流的磁效应,首次揭示了电与磁的联系。
C.法国学者安培提出的分子电流假说,能够解释一些磁现象。
D.质谱仪最初是由阿斯顿设计的,并用质谱仪发现了氖20和氖22,证实了同位素的存在。
参考答案:
B
2. 只要知道下列哪一组物理量,就可以估算气体分子间的平均距离( )
A.阿伏加德罗常数、该气体的摩尔质量和质量
B.阿伏加德罗常数、该气体的摩尔质量和密度
C.阿伏加德罗常数、该气体的质量和体积
D.该气体的密度、体积和摩尔质量
参考答案:
B
3. (多选)某物理兴趣小组设计了如图所示的火情报警系统,其中M是理想变压器,将a、b 接在恒定电压的正弦交流电源上,RT为用半导体热敏材料制成的传感器(其电阻率随温度升高而减小),电流表A2为值班室的显示器,显示通过R1的电流,电压表V2显示加在报警器上的电压(报警器未画出),R2为定值电阻。若传感器RT所在处出现火警时,以下说法中正确的是( )
A.电流表A1的示数不变,电流表A2的示数增大
B.电流表A1的示数增大,电流表A2的示数减小
C.电压表V1的示数增大,电压表V2的示数增大
D.电压表V1的示数不变,电压表V2的示数变小
参考答案:
BD
4. (单选)在AB两点放置等量同种正点电荷,O为AB连线中点,在以O为圆心的圆周上的其它点CDEFGH关于0对称.则( )
A. CDEF四点场强相同
B. CDEF四点电势相同
C.在G点由静止释放一个电子,电子将向O点做匀加速直线运动
D.将一带正电的试探电荷由C点沿CG圆弧移到G点,则其电势能增大
参考答案:
B
5. 使物体带电的方法有三种,它们是
A.摩擦起电,感应起电,接触起电 B.物体放电,物体生电,摩擦起电
C.摩擦起电,感应起电,创造电荷 D.摩擦起电,创造电荷,接触起电
参考答案:
A
二、 填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分
6. 测量较大的电压时要 联一个电阻把它改装成电压表;测量较大的电流时要 联一个电阻,把小量程的电流表改装成大量程的电流表。
参考答案:
串 并
7. 如图所示,电阻为R的正方形导线框abcd,边长ab=ad=L,质量为m,从某一高度自由落下,通过一匀强磁场,磁感应强度为B,磁场方向垂直纸面向里,磁场区域的宽度也为L,下落过程中线框平面始终保持在同一竖直面内,且ab边始终水平.导线框的ab边刚进入磁场就恰好开始做匀速运动,那么线框进入磁场的过程中ab两点间的电压为 .在线圈穿越磁场的全过程,线框中产生的焦耳热为 .(不考虑空气阻力,重力加速度为g)
参考答案:
8. 某学生做观察电磁感应现象的实验,他将电流表、线圈A和B、蓄电池、开关等用导线连接成如图所示的实验电路,当他接通、断开开关时,电流表的指针都没有发生偏转,其原因是___________________________________。
参考答案:
开关位置接错,应接在蓄电池所组成的电路中
9. 将电量为q2的点电荷放在电量为q1的点电荷的电场中的P点,q2所受静电力的大小为F,则P点的电场强度大小为 N/C;若将点电荷q2从P点取走,q1的位置不变化,则q2取走后P点的电场强度大小为 N/C 。
参考答案:
,
10. 试研究长度为l、横截面积为S,单位体积自由电子数为n的均匀导体中电流的流动,在导体两端加上电压U,于是导体中有匀强电场产生,在导体内移动的自由电子(﹣e)受匀强电场作用而加速.而和做热运动的阳离子碰撞而减速,这样边反复进行边向前移动,可以认为阻碍电子运动的阻力大小与电子移动的平均速度v成正比,其大小可以表示成kv(k是常数).
(1)电场力和碰撞的阻力相平衡时,导体中电子的速率v成为一定值,这时v为 .
A. B. C. D.
(2)设自由电子在导体中以一定速率v运动时,该导体中所流过的电流是 .
(3)该导体电阻的大小为 (用k、l、n、s、e表示).
参考答案:
解:(1)据题意由平衡条件可知:
kv=eE,
其中电场强度为:E=,
因此解得:v=.
(2)据电流微观表达式为:I=neSv,
可得I=,
(3)由欧姆定律可知:R===
故答案为:(1);(2);(3)
【考点】伏安法测电阻;欧姆定律.
【分析】(1)当电子匀速运动时,受力平衡,电场力和电子受到的阻力的大小相等,根据平衡的条件即可求得电子运动的速度的大小.
(2)由电流的微观表达式可求得电流;
(3)由欧姆定律及(1)中求得的速度表达式可求得电阻的表达式.
11. (单选)质量为m的小球以水平速度v与静止在光滑水平面上质量为3m的静止的小球B正碰后,A球的速率变为原来的1/2,则碰后B球的速度是( )(以v的方向为正方向)
A.V/6 B.-V C.-V/3 D.V/2
参考答案:
D
12. 图1所示为简单欧姆表原理示意图,其中电流表的满偏电流Ig=300μA,内阻Rg=100Ω,可变电阻R的最大阻值为10kΩ,电池的电动势E=1.5V,内阻r=0.5Ω,图中与接线柱A相连的表笔颜色应是 色,按正确使用方法测量电阻Rx的阻值时,指针指在刻度盘的正中央,则Rx= kΩ。若该欧姆表使用一段时间后,电池电动势变小,内阻变大,但此表仍能调零。按正确使用方法再测上述Rx,其测量结果与原结果相比较 (填“变大”、“变小”或“不变”)。
参考答案:
.红 5 变大
13. 在竖直向下、电场强度为E的匀强电场中,一个质量为m的带点液滴,沿着水平方向做直线运动,则该液滴带 电,电荷量大小为 。
参考答案:
负mg/E
三、 实验题:本题共2小题,每小题11分,共计22分
14. 在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验时,所用器材有:电动势为6V的电源,额定电压为2.5V的小灯泡,以及符合实验要求的滑动变阻器、电流表、电压表、开关和导线,要求能测出尽可能多的数据,图示是没有连接完的实物电路。(已连接好的导线有a、b、c、d、e、f六根)
(1)请你用笔画线代替导线,将实物电路连接完整。
(2)连好电路,闭合开关,移动滑动变阻器滑片P,发现小灯泡始终不亮,但电压表有示数,电流表几乎不偏转,则故障的原因可能是 。
(3)排除故障后闭合开关,移动滑片P到某处,电压表的示数为2.2V,若要测量小灯泡的额定功率,应将滑片P向 (填“左”或“右”)端滑动。
(4)通过移动滑片P,分别记下了多组对应的电压表和电流表的示数,并绘制成了如图所示的U-I图线,根据U-I图线提供的信息,可计算出小灯泡额定功率为 W。
(5)图线是曲线而不是过原点的直线,原因是 。
参考答案:
(1)如图所示
(2)c段导线断路或灯泡断路
(3)右
(4)0.5
(5)灯丝的电阻会随温度的升高而增大
15. 有一个纯电阻用电器的电阻约为20Ω,试设计一个能较精确地测量该用电器电阻的电路,要求使该用电器两端的电压变化范围尽可能大。可选用的器材有:
电源:电动势为8V,内电阻不计
电流表:量程0.6A,内阻RA为0.50Ω
电压表:量程10V,内阻RV为10kΩ
滑动变阻器:最大电阻值为5.0Ω
开关一个、导线若干。
(1)在方框内画出实验电路图;
(2)测量电路的电压变化范围为____________V;
(3)若实验中在用电器正常工作的状态下电流表的示数为I,电压表的示数为U,考
虑到电表内阻的影响,用测量量及电表内阻计算用电器正常工作时电阻值的表达式为_________________。
参考答案:
四、计算题:本题共3小题,共计47分
16. 如图所示,两带电平行板A、B间的电场为匀强电场,场强E=4.0×102V/m,两板相距d=0.16m,板长L=0.30m。一带电量q=1.0×10-16C、质量m=1.0×10-22㎏的粒子沿平行于板方向从两板的正中间射入电场后向着B板偏转,不计带电粒子所受重力,求:
(1)要使粒子能飞出电场,粒子飞入电场时的速度v0至少为多大;
(2)粒子飞出电场时速度偏转角的正切值.
参考答案:
解:(1)由类平抛运动的规律可知:
粒子在水平方向做匀速直线运动:(2分)
粒子在竖直方向做匀加速运动:(2分)
且由牛顿第二运动定律知:(2分)
联立以上各式可得: (1分)
(2)经分析可知:
(2分), (2分)
得:(1分)
17. (10分)如图所示,物体A、B位于光滑水平面上,它们的质量分别为mA和mB,B上固定一轻质弹簧。A、B碰撞前的总动能为E,要求A、B在碰撞过程中弹簧的压缩量最大,求碰撞前A、B的动能各是多少?
参考答案:
解析:
当A、B弹簧组成的系统机械能守恒,故当最后A、B的速度为零时弹簧的压缩量最大。
由动量守恒定律有: mAvA—mBvB=0 (1)
并且有 E0= (2)
由(1)、(2)式解得
EA=
EB=
18. (16分)如图所示,ABCDE为固定在竖直平面内的轨道,ABC为直轨道,AB光滑,BC粗糙,CDE为光滑圆弧轨道,轨道半径为R,直轨道与圆弧轨道相切于C点,其中圆心O与BE在同一水平面上,OD竖直,∠COD=θ,且θ<5°。现有一质量为m的小物体(可以看作质点)从斜面上的A点静止滑下,小物体与BC间的动摩擦因数为,现要使小物体第一次滑入圆弧轨道即恰好做简谐运动,此后该物体始终在圆弧轨道上做简谐运动,C点为其左侧最高点(重力加速度为g)。求:
(1)小物体过D点时对轨道的压力大小;
(2)直轨道AB部分的长度S。
参考答案:
解析:
(1)小物体下滑到C点速度为零才能第一次滑入圆弧轨道即恰好做简谐运动(3分)
从C到D由机械能守恒定律有:
mgR(1-cosθ)= (2分)
在D点用向心力公式有: F-mg=m (2分)
解以上两个方程可得: F=3mg-2mgcosθ (2分)
(2)从A到C由动能定理有:
mgsinθ(S+Rcotθ)- μmgcosθ·Rcotθ=0(4分)
解方程得: S=(μcotθ-cotθ)R (3分)
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