辽宁省大连市普兰店第三中学高二物理下学期期末试卷含解析

辽宁省大连市普兰店第三中学高二物理下学期期末试卷含解析 一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意 1. (单选)发现了利用磁场产生电流的条件和规律的科学家是（     ） A、韦伯； B．安培； C．奥斯特； D．法拉第； 参考答案： D 2. 一只标有“220V，60W”字样的白炽灯泡，将加在两端的电压U由零逐渐增大到220V，在此过程中，电压U和电流I 的关系可用图线表示。在下列四个图象中符合实际的是（  ） 参考答案： B 3. 图9(a)左侧的调压装置可视为理想变压器,负载电路中R=55Ω,A、V为理想电流表和电压表.若原线圈接入如图9(b)所示的正弦交变电压,电压表的示数为110V,下列表述正确的是(      ) A、电流表的示数为2A               B、原、副线圈匝数比为1:2 C、电压表的示数为电压的有效值      D、原线圈中交变电压的频率为100Hz 参考答案： AC 4. （多选）如图所示电路中,电源内阻不计,三个小灯泡完全相同且外电路变化时每个灯泡两端的电压都不会超过其额定电压,开始时只有S1闭合.当S2也闭合后,下列说法正确的是 A.灯泡L1变亮                 B.灯泡L2变亮 C.电容器C的带电荷量将增加   D.闭合S2的瞬间流过电流表的电流方向自右向左 参考答案： AD 5. 在图电路中，当合上开关S后，两个标有“3V、1W”的灯泡均不发光，用电压表测得Uac=Ubd=6V,如果各段导线及接线处均无问题，这说明(　      　) A .开关S未接通                     B.灯泡L1的灯丝断了 C.灯泡L2的灯丝断了        D.滑动变阻器R电阻丝断了 参考答案： C 二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分 6. 某交流电压随时间的变化规律如图所示。若将该电压加在10uF的电容器上，则电容器的耐压值不应小于______V；若将该电压加在一阻值为1KΩ的纯电阻用电器上，用电器恰能正常工作，为避免意外事故的发生，该电路中保险丝的额定电流不能低于______A。 参考答案： 200，0.14　 7. 某交变电流随时间的变化图像如图所示，则该交流电的有效值为           A。 参考答案：   5  8. 如图所示，框架面积为S，框架平面与磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直，则穿过平面的磁通量为　   　，若使框架绕OO′转过60°角，则穿过线框平面的磁通量为　   　；若从初始位置转过90°角，则穿过线框平面的磁通量为　  　；若从初始位置转过180°角，则穿过线框平面的磁通量变化量为　    　． 参考答案： BS， BS；0；﹣2BS 【考点】磁通量． 【分析】图示时刻，线圈与磁场垂直，穿过线圈的磁通量等于磁感应强度与线圈面积的乘积．当它绕轴转过θ角时，线圈在磁场垂直方投影面积为Scosθ，磁通量等于磁感应强度与这个投影面积的乘积．线圈从图示转过90°时，磁通量为零． 【解答】解：线圈与磁场垂直，穿过线圈的磁通量等于磁感应强度与线圈面积的乘积．故图示位置的磁通量为：Φ=BS； 使框架绕OO′转过60°角，则在磁场方向的投影面积为S，则磁通量为BS； 线圈从图示转过90°的过程中，S垂直磁场方向上的投影面积逐渐减小，故磁通量逐渐减小，当线圈从图示转过90°时，磁通量为0； 若从初始位置转过180°角，则穿过线框平面的磁通量变化量为﹣BS﹣BS=﹣2BS； 故答案为：BS， BS；0；﹣2BS 9. （10分）简单地说，光敏电阻就是一个简单的_____________传感器，热敏电阻就是一个简单的_____________传感器。如图所示是利用硫化镉制成的光敏电阻自动计数的示意图，其中A是发光仪器，B是光敏电阻（光照时电阻会变小），当传送带上没有物品挡住由 A射向 B的光信号时，光敏电阻的阻值__________（填变大或变小），电压表读数__________（填变大或变小）：当传送带上有物品挡住由A射向B的光信号时，电压表读数_________（填变大或变小）。 参考答案： 光电  热电  变小  变小  变大   （每空2分，共10分） 10. 如图所示，一带正电物体从斜面的A处由静止开始滑下，经过一水平面后又滑上右边的斜面并停留在B处，AB连线与水平面成α角，若在整个空间加上竖直向下的电场，则该物体从A点由静止滑下，到达右边的斜面并停留在C处（图中未标出），AC连线与水平面夹角为β，若接触面处动摩擦因素处处相等，斜面与水平面接触处是小圆弧，则α、β的关系是α 等于        β（选填“大于”、“小于”或“等于”）． 参考答案： 等于 设斜面倾角为θ，斜面长为L，物体在斜面上下滑过程中克服阻力做的功为 ，则全过程由动能定理应有 同理，加入竖直向下的电场后，对全过程由动能定理有 ， 整理可得sinβ=μcosβ，即μ=tanβ，比较可得β=α 11. （4分）空中有一只小鸟，距水面3m，其正下方距离水面4m深处的水中有一条鱼，已知水的折射率为，则鸟看水中鱼离它________m，鱼看鸟离它________m。 参考答案： 6；8 12. 如图所示，在《探究产生感应电流的条件》的实验中，开关断开时，条形磁铁插入或拔出线圈的过程中，电流表表针不动；开关闭合时，磁铁静止在线圈中，电流表表针也不动：开关闭合时，将磁铁插入或拔出线圈的过程中，电流表表针发生偏转。由此得出，产生感应电流的条件是：电路必须      ，穿过电路的磁通量发生       。 参考答案： 闭合，变化 13. 参考答案： ⑵____5.04～5.09___；___0.49  _　⑶   钩码的重力  ，__摩擦力  。   　　　　 ⑷    ΔV2与S成正比      ；   小车的质量    。 三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分 14. 现要求用下列器材测量一节干电池的电动势。 A．干电池E：电动势约1.5V，内阻未知； B．电流表mA：量程5mA，内阻为20~30Ω； C．阻值为200Ω的定值电阻一个； D．阻值为400Ω的定值电阻一个；     E．开关两个，导线若干。 （1）某同学设计了图甲所示的电路，在所给器材中电路中的R1应选择阻值为        Ω的定值电阻。R2应选择阻值为        Ω的定值电阻。 （2）请在图乙中按图甲的电路图完成实物连接。 （3）该同学在实验中，闭合开关S1、S2时，电流表的示数为I1；闭合开关S1、断开开关S2时，电流表的示数为I2。请写出用已知量和测得量表示的待测干电池的电动势E=       。（用字母表示）   参考答案： (1)   400       ，           (3)      200   V. 15. 各色光通过玻璃棱镜发生色散时的偏折角度不同，其中紫光的偏折角度比红光的大，这是由于在玻璃中紫光的传播速度__________(填“大于”或“小于”)红光的传播速度，因此，玻璃对紫光的折射率_______(填“大于”或“小于”)玻璃对红光的折射率。 参考答案： 四、计算题：本题共3小题，共计47分 16. 2008年9月25日，我国继“神舟”五号、六号载人飞船后又成功地发射了“神舟”七号载人飞船。如果把“神舟”七号载人飞船绕地球运行看作是同一轨道上的匀速圆周运动，宇航员测得自己绕地心做匀速圆周运动的周期为T、距地面的高度为H，且已知地球半径为R、地球表面重力加速度为g，万有引力恒量为G。你能计算出下面哪些物理量？能计算的量写出计算过程和结果，不能计算的量说明理由。 （1）地球的质量 ； （2）飞船线速度的大小； （3）飞船所需的向心力。 参考答案： (1）能求出地球的质量M          方法一： = mg ，                   M =             4分     方法二： = ，         M =         4分 (写出一种方法即可） (2）能求出飞船线速度的大小V    V= V =      4分 ( 方法二 和  = mg  解得V= R  ) (写出一种方法即可）         4分 (3）不能算出飞船所需的向心力          因飞船质量未知  17. 如图所示，在磁感应强度B＝4.0×10-2T的匀强磁场中，有一根与磁场方向垂直、长L=0.1m的通电直导线ab，通过直导线的电流强度I＝5A。求： （1）直导线在磁场中受到的安培力的大小； （2）在图中标出安培力的方向。   参考答案： . 解：   （1）F=BIL  -----------------------------------------（3分）        F=4×10-2×5×0.1=2×10-2N  ----------------（3分） 18. 如图所示，两足够长平行光滑的金属导轨MN、PQ相距为L，导轨平面与水平面夹角α＝30°，导轨电阻不计。磁感应强度为B的匀强磁场垂直导轨平面斜向上，长为L的金属棒ab垂直于MN、PQ放置在导轨上，且始终与导轨电接触良好，金属棒的质量为m、电阻为R。两金属导轨的上端连接右端电路，电路中R2为一电阻箱，已知灯泡的电阻RL＝4R，定值电阻R1＝2R，调节电阻箱使R2＝12R，重力加速度为g，现将金属棒由静止释放，求：（1）金属棒下滑的最大速度vm； （2）当金属棒下滑距离为s0时速度恰达到最大，求金属棒由静止开始下滑2s0的过程中，整个电路产生的电热； （3）改变电阻箱R2的值，当R2为何值时，金属棒匀速下滑时R2消耗的功率最大；消耗的最大功率为多少？ 参考答案： （1）当金属棒匀速下滑时速度最大，达到最大时有mgsina＝F安（1分） F安＝BIL  （1分）   I＝（1分）　 　其中　R总＝6R （1分） 所以mgsina＝       解得最大速度vm＝ （1分） （2）由动能定理WG－Q＝mvm2  （1分） 得放出的电热Q＝2mgs0sinα－mvm2      （1分） 代入上面的vm值，可得   Q＝mgs0－　           （2分） （3）R2上消耗的功率　P2＝ 其中　 U＝IR并＝　（1分）    R并＝ 又　mgsina＝（1分） 解得P2＝′＝′ （1分） 当R2＝RL＝4R时，R2消耗的功率最大（1分） 最大功率P2m＝     （1分）