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贵州省贵阳市黔陶民族中学2022-2023学年高二数学文月考试题含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 下列说法不正确的是( )
A.空间中一组对边平行且相等的四边形是一定是平行四边形;
B.同一平面的两条垂线一定共面;
C. 过直线上一点可以作无数条直线与这条直线垂直,且这些直线都在同一个平面内;
D. 过一条直线有且只有一个平面与已知平面垂直.
参考答案:
A
略
2. 棱长均为1三棱锥,若空间一点P满足
,则的最小值为 ( )
A、 B、 C、 D、
参考答案:
B
略
3. 设点是椭圆上一点,分别是椭圆的左、右焦点,I为的内心,若,则该椭圆的离心率是 ( )
A. B. C. D.
参考答案:
A
4. 下列命题中正确的是
A.垂直于同一平面的两个平面平行
B.存在两条异面直线同时平行于同一个平面
C.若一个平面中有无数条直线与另一个平面平行,则这两个平面平行
D.三点确定一个平面
参考答案:
B
5. 已知等差数列的公差,前项和满足:,那么数列 中最大的值是( )
A. B. C. D.
参考答案:
B
6. 已知椭圆的一个焦点在抛物线的准线上,则椭圆的离心率为( )
A. B. C. D.
参考答案:
B
略
7. 已知条件的定义域,条件,则是的( )
A.充要条件 B.必要不充分条件
C.充分不必要条件 D.既不充分也不必要条件
参考答案:
C
8. 圆心为(1,1)且过原点的圆的方程是( )
A.(x﹣1)2+(y﹣1)2=1 B.(x+1)2+(y+1)2=1 C.(x+1)2+(y+1)2=2 D.(x﹣1)2+(y﹣1)2=2
参考答案:
D
【考点】圆的标准方程.
【分析】利用两点间距离公式求出半径,由此能求出圆的方程.
【解答】解:由题意知圆半径r=,
∴圆的方程为(x﹣1)2+(y﹣1)2=2.
故选:D.
9. 已知在极坐标系中,点A(2,),B(,),O(0,0),则△ABO为( )
A.正三角形 B.直角三角形
C.等腰锐角三角形 D.等腰直角三角形
参考答案:
D
【考点】三角形的形状判断.
【分析】利用余弦定理可得|AB|,再利用勾股定理的逆定理即可得出.
【解答】解:|AB|==,
可得|AB|2+|OB|2=|OA|2,∴AB⊥OB.
又,∴△ABO为等腰直角三角形.
故选:D.
10. 已知(3,1)和(﹣4,6)在直线3x﹣2y+a=0的两侧,则a的取值范围是( )
A.a<1或a>24 B.a=7或a=24 C.﹣7<a<24 D.﹣24<a<7
参考答案:
C
【考点】二元一次不等式(组)与平面区域.
【专题】计算题;转化思想.
【分析】将两点坐标分别代入直线方程中,只要异号即可.
【解答】解:因为(3,1)和(﹣4,6)在直线3x﹣2y+a=0的两侧,
所以有(3×3﹣2×1+a)<0,
解得﹣7<a<24
故选C.
【点评】本题考查线性规划知识的应用.一条直线把整个坐标平面分成了三部分,让其大于0的点,让其大于0的点以及让其小于0的点.
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 已知是不同的平面,是不同的直线,给出下列4个命题:
①若则 ②若则
③若则;④若则
则其中真命题的个数为 ▲ 个.
参考答案:
1
12. 椭圆+=1上的点到直线l:x﹣2y﹣12=0的最大距离为 .
参考答案:
4
【考点】椭圆的简单性质.
【分析】先将椭圆方程化为参数方程,再求圆心到直线的距离d,利用三角函数的性质求其最大值,故得答案.
【解答】解:由题意,设P(4cosθ,2sinθ)
则P到直线的距离为d==,
当sin(θ﹣)=1时,d取得最大值为4,
故答案为:4.
13. 在平面直角坐标系中,已知射线 ,过点作直线分别交射线、于点、,若,则直线的斜率
为 _
参考答案:
-2
14. 已知,则 .
参考答案:
9
15. 若,且2x+8y-xy=0则x+y的范围是 。
参考答案:
16. 已知点F是双曲线﹣=1(a>0,b>0)的右焦点,且过点F的直线y=2x﹣4与此双曲线只有一个交点,则双曲线的方程为 .
参考答案:
﹣=1
【考点】双曲线的简单性质.
【分析】由题意可知,F(2,0),直线y=2x﹣4与双曲线的其中一条渐近线平行,根据斜率之间的关系,即可求出a,b的值,即可求出答案.
【解答】解:由2x﹣4=0,解得x=2,
∴F(2,0),
∵过点F的直线y=2x﹣4与此双曲线只有一个交点,
∴此直线与渐近线平行,渐近线方程为y=±x,
∴=2,
即b=2a,
由a2+b2=c2,
得a2=,b2=,
∴双曲线的方程为﹣=1,
故答案为:﹣=1
【点评】本题主要考查双曲线方程的计算,根据双曲线渐近线的性质建立条件关系是解决本题的关键.
17. 在中,若 , 则
参考答案:
因为在△ABC中,,
由余弦定理,可知,cosA=,则
考点:余弦定理.
点评:本题考查余弦定理的应用,余弦定理的表达式的应用,考查基本知识的应用.
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. (本题满分14分)
已知命题p:函数y=logax在(0,+∞)上是增函数;命题q:关于x的方程x2-2ax+4=0有实数根.若p∧q为真,求实数a的取值范围.
参考答案:
解: 当p为真命题时,a>1. ……………………………3分
当q为真命题时,△=4a2-16≥0.
解得a≤-2或a≥2. …………………………………………6分
因为p∧q为真,所以p和q都是真命题.
…………………………………10分
所以实数a的取值范围是[2,+∞). ………………………14分
略
19. 已知圆A过点,且与圆B:关于直线对称.
(1)求圆A的方程;
(2)若HE、HF是圆A的两条切线,E、F是切点,求的最小值。
(3)过平面上一点向圆A和圆B各引一条切线,切点分别为C、D,设,求证:平面上存在一定点M使得Q到M的距离为定值,并求出该定值.
参考答案:
解: (1)设圆A的圆心A(a,b),由题意得:解得,
设圆A的方程为,将点代入得r=2
∴圆A的方程为:
(2)设,,
则
当且仅当即时取等号,∴的最小值为
(3)由(1)得圆A的方程为:,圆B:,由题设得,即,
∴化简得:
∴存在定点M()使得Q到M的距离为定值.
略
20. 如图,已知椭圆=1(a>b>0),F1、F2分别为椭
圆的左、右焦点,A为椭圆的上顶点,直线AF2交椭圆于另一
点B、
(1)若∠F1AB=90°,求椭圆的离心率;
(2)若=2,?=,求椭圆的方程.
参考答案:
【考点】椭圆的应用;椭圆的简单性质.
【专题】计算题;综合题.
【分析】(1)根据∠F1AB=90°推断出△AOF2为等腰直角三角形,进而可知OA=OF2,求得b和c的关系,进而可求得a和c的关系,即椭圆的离心率.
(2)根据题意可推断出A,和两个焦点的坐标,设出B的坐标,利用已知条件中向量的关系,求得x和y关于c的表达式,代入椭圆方程求得a和c的关系,利用?=求得a和c的关系,最后联立求得a和b,则椭圆方程可得.
【解答】解:(1)若∠F1AB=90°,则△AOF2为等腰直角三角形,所以有OA=OF2,即b=C、
所以a=c,e==.
(2)由题知A(0,b),F1(﹣c,0),F2(c,0),
其中,c=,设B(x,y).
由=2?(c,﹣b)=2(x﹣c,y),解得x=,
y=﹣,即B(,﹣).
将B点坐标代入=1,得+=1,
即+=1,
解得a2=3c2.①
又由?=(﹣c,﹣b)?(,﹣)=
?b2﹣c2=1,
即有a2﹣2c2=1.②
由①,②解得c2=1,a2=3,从而有b2=2.
所以椭圆方程为+=1.
【点评】本题主要考查了椭圆的应用和椭圆的简单性质,向量的基本性质.注意挖掘题意中隐含的条件,充分利用.
21. 已知椭圆的长轴长为4,点在椭圆上.
(Ⅰ)求椭圆的方程.
(Ⅱ)设斜率为1的直线l与椭圆交于M,N两点,线段MN的垂直平分线与x轴交于点P,且点P的横坐标取值范围是,求的取值范围.
参考答案:
(Ⅰ)椭圆C的长轴长为4,则所以, ………………………1
因为点在椭圆C上,
所以,
所以. ………………………………………3
故椭圆的标准方程为. ………………………………………4
(Ⅱ)设直线的方程为,
设,的中点为,
由消去,
得, ………………………………………6
所以
即 ………………………………………7
,
故,
,即 ………………………………………9
所以线段的垂直平分线方程为,………………………………10
故点的横坐标为,
即
所以符合式 ………………………………………11
由 …………………………12
所以 ……………………………………………………13
22. 设,.
(1)当时,若的展开式可表示为
,求;
(2)若展开式中的系数是20,则当取何值时,系数最小,最小为多少?
参考答案:
解:(1)令,得=.……6分
(2)因为,………………………………………………………8分
所以,则的系数为
,……………………10分
所以当m=5,n=10时,展开式中的系数最小,最小值为85.………………………13分
略
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