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湖南省常德市桃源县漆河镇中学高三数学理模拟试卷含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 设函数f(x)是连续可导函数,并且( ▲ )
A. B. C. D.
参考答案:
C
略
2. 定义某种运算,运算原理如图所示,
则式子的值为
( A).-3 (B).-4 (C).-8 (D). 0
参考答案:
D
由题意可知,程序框图的运算原理可视为函数
,
所以,,
,故选.
3. 已知数列是首项为2,公差为1的等差数列,是首项为1,公比为2的等比数列,则数列前10项的和等于( )
A.511 B.512 C.1023 D.1033
参考答案:
D
4. “” 是“方程表示椭圆”的
A. 充分而不必要条件 B. 必要而不充分条件
C. 充分必要条件 D. 既不充分也不必要条件
参考答案:
A
5. 已知的展开式的各项系数之和为32,则展开式中的系数为( )
A. B. C. D.
参考答案:
D
略
6. 复数的虚部是
A. B.2 C. D.
参考答案:
C
依题意,故虚部为.所以选C.
7. 已知直线l过抛物线的焦点F,与抛物线交于A、B两点,与其准线交于点C.若点F是AC的中点,则线段BC的长为( )
A. B. 3 C. D. 6
参考答案:
C
【分析】
由题意结合抛物线的定义和性质首先求得直线AB的方程,然后联立直线方程与抛物线方程可得点B的坐标,进一步整理计算即可求得最终结果.
【详解】如图,A在准线上的射影为E,B在准线上的射影为H,
由抛物线y2=8x,得焦点F(2,0),
∵点F是的AC中点,∴AE=2p=8,则AF=8,
∴A点横坐标为6,代入抛物线方程,可得.
,则AF所在直线方程为.
联立方程:可得:,
,则.
故.
故选:C.
【点睛】本题主要考查抛物线的标准方程,抛物线的几何性质及其应用等知识,意在考查学生的转化能力和计算求解能力.
8. 双曲线 的一条渐近线与直线
X+2y +1 =0垂直, 则双曲线C的离心率为
(A) (B) ( C) (D)
参考答案:
【知识点】双曲线的简单性质 H6
C 解析:∵双曲线的焦点在x轴上,∴其渐近线方程为y=x,∵渐近线与直线x+2y+1=0垂直,渐近线的斜率为2,
∴=2, 即双曲线的离心率
故答案为C
【思路点拨】由双曲线的渐近线斜率即可计算该双曲线的离心率,本题中已知渐近线与直线x+2y+1=0垂直,而双曲线的渐近线斜率为,故=2,再利用c2=a2+b2,e=即可得双曲线的离心率
9. 设函数的图像在点处切线的斜率为,则函数的部分图像为
参考答案:
B
略
10. 设函数的导数f′(x)=2x+1,则数列n∈(N*)的前n项和( )
A. B. C. D.
参考答案:
C
函数的导数为,所以,所以,,即,所以数列的前n项和为,选C.
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 对于三次函数给出定义:
设是函数的导数,是函数的导数,
若方程有实数解,则称点为函数的“拐点”,某同学经过探究发现:任何一个三次函数都有“拐点”;任何一个三次函数都有对称中心,且“拐点”就是对称中心。给定函数,请你根据上面探究结果,计算=_____________.
参考答案:
2012
略
12. 如图,已知与圆相切于点,半径,交点,若圆的半径为3,,则的长度____________.
参考答案:
略
13. 春节期间,某单位安排甲、乙、丙三人于正月初一至初五值班,每人至少值班一天,且每人均不能连续值班两天,其中初二不安排甲值班,则共有__________种不同的值班安排方案.
参考答案:
28
14. 已知△的内角、、所对的边为、、,则“”是“”
的 条件.(填“充分非必要”、“必要非充分”、“充要”、“既不充分又不必要”中的一种).
参考答案:
充分非必要
试题分析:由余弦定理可知,所以,故满足充分性,取三角形的边长为,令,,但是, ,所以不满足必要性,故为充分非必要条件.
考点:余弦定理,重要不等式,充要条件的判断.
15. 《九章算术》卷5《商功》记载一个问题“今有圆堡瑽,周四丈八尺,高一丈一尺.问积几何?答曰:二千一百一十二尺.术曰:周自相乘,以高乘之,十二而一”.这里所说的圆堡瑽就是圆柱体,它的体积为“周自相乘,以高乘之,十二而一”.就是说:圆堡瑽(圆柱体)的体积为(底面圆的周长的平方×高),则由此可推得圆周率π的取值为 ▲ .
参考答案:
3
由题意圆柱体的体积(底面圆的周长的平方高)
,解得
16. 集合,,则A∩B中元素的个数是______.
参考答案:
1
【分析】
对中元素逐个检验后可得中元素的个数.
【详解】中仅有,故中元素的个数为1,填1 .
【点睛】本题考查集合的交,属于基础题.
17. 设满足约束条件,则的最大值为 .
参考答案:
4
分析:由题意作出其平面区域,当x,y都取到最大值时z有最大值,代入即可.
详解:由题意作出其平面区域,由解得A(1,2),
因为z=2x+y,所以y=-2x+z,
所以直线的纵截距为z,
所以直线的纵截距最大时,z最大.
当直线y=-2x+z经过可行域A时,纵截距取得最大值,此时z最大.此时x=1,y=2时,
z=2x+y有最大值2×1+2=4,
故答案为:4
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. 设,其中a,b 均为正实数,证明:h.
参考答案:
证明:依题意,,
由不等式的性质,两式相乘得,
因为,
所以(当且仅当时等号成立),即证.
19. 已知a≥2,函数F(x)=min{x3﹣x,a(x+1)},其中min{p,q}= .
(1)若a=2,求F(x)的单调递减区间;
(2)求函数F(x)在[﹣1,1]上的最大值.
参考答案:
【考点】利用导数求闭区间上函数的最值;利用导数研究函数的单调性.
【分析】(1)令f(x)=x3﹣x,g(x)=a(x+1)=2(x+1),画出函数f(x),g(x)的图象,结合图象求出F(x)的递减区间即可;
(2)根据a的范围,在[﹣1,1]上,F(x)=f(x)=x3﹣x,求出F(x)的最大值即可.
【解答】解:(1)令f(x)=x3﹣x,g(x)=a(x+1)=2(x+1),
令f(x)=g(x),解得:x=﹣1或x=2,
画出函数f(x),g(x)的图象,如图示:
,
显然x≤1时,f(x)≤g(x),x>1时,f(x)>g(x),
故F(x)=,
故F(x)在在(﹣,)递减;
(2)由(1)得:a≥2时,F(x)=,
而>2,
故在[﹣1,1]上,F(x)=f(x)=x3﹣x,
而f(x)在[﹣1,﹣)递增,在(﹣,)递减,在(,1]递增,
故F(x)的最大值是F(1)=0.
20. 设椭圆的左右焦点分别为、,是椭圆上的一点,,坐标原点到直线的距离为.
(1)求椭圆的方程;
(2)设是椭圆上的一点,,连接QN的直线交轴于点,若,求直线的斜率.
参考答案:
解:(1)由题设知
由于,则有, ……1分
所以点的坐标为 …… 2分
故所在直线方程为 ……3分
所以坐标原点到直线的距离为 ……4分
又,所以 解得: ……5分
所求椭圆的方程为 …… 6分
(2)由题意可知直线的斜率存在,设直线斜率为直线的方程为,则有 设,由于、N、三点共线,且 … … 8分
根据题意得, ……9分
解得或 ……11分
又在椭圆上,故或 ……12分
解得,综上,直线的斜率为或. …… 13分
略
21. (本小题满分12分)
将一个半径适当的小球放入如图所示的容器最上方的入口处,小球将自由下落.小球在下落过程中它将3次遇到黑色障碍物,最后落入袋或袋中.已知小球每次遇到黑色障碍物时,向左、右两边下落的概率都是.
(Ⅰ)求小球落入袋中的概率;
(Ⅱ)在容器入口处依次放入4个小球,求恰好有3个球落入袋中的概率.
参考答案:
解:(Ⅰ)当且仅当小球一直向左落下或一直向右落下时小球才会落入袋中,故. ………5分
(Ⅱ)记“小球落入袋中”为事件,“小球落入袋中”为事件,则事件与事件 为对立事件,从而. ………9分
于是恰有3个小球都落入袋中的概率. ………12分
略
22. 甲乙两支排球队进行比赛,先胜3局者获得比赛的胜利,比赛随即结束.除第五局甲队获胜的概率是,其余每局比赛甲队获胜的概率都是.设各局比赛结果相互独立.
(1)分别求甲队3:0,3:1,3:2胜利的概率;
(2)若比赛结果3:0或3:1,则胜利方得3分,对方得0分;若比赛结果为3:2,则胜利方得2分,对方得1分,求乙队得分X的分布列及数学期望.
参考答案:
【考点】CH:离散型随机变量的期望与方差.
【分析】(1)甲队获胜有三种情形,①3:0,②3:1,③3:2,其每种情形的最后一局肯定是甲队胜,分别求出相应的概率,最后根据互斥事件的概率公式求出甲队获得这次比赛胜利的概率;
(2)X的取值可能为0,1,2,3,然后利用相互独立事件的概率乘法公式求出相应的概率,列出分布列,最后根据数学期望公式解之即可.
【解答】解:(1)甲队获胜有三种情形,其每种情形的最后一局肯定是甲队胜
①3:0,概率为P1=()3=;
②3:1,概率为P2=C()2×(1﹣)×=;
③3:2,概率为P3=C()2×(1﹣)2×=
∴甲队3:0,3:1,3:2胜利的概率:.
(2)乙队得分X,则X的取值可能为0,1,2,3.
由(1)知P(X=0)=P1+P2=;
P(X=1)=P3=;
P(X=2)=C(1﹣)2×()2×=;
P(X=3)=(1﹣)3+C(1﹣)2×()×=;
则X的分布列为
X
3
2
1
0
P
E(X)=3×+2×+1×+0×=.
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