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辽宁省营口市锻压机床厂职业中学高三数学理月考试卷含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 如图,四边形是正方形,延长至,使得.若动点从点出发,沿正方形的边按逆时针方向运动一周回到点,其中,下列判断正确的是……… ………………………………………( )
(A)满足的点必为的中点.
(B)满足的点有且只有一个.
(C)的最大值为3.
(D)的最小值不存在.
参考答案:
C
当时,,此时位于处,所以(A)错误。当时,此时位于处, 当时,此时位于处,所以满足满足的点有且只有一个错误。所以(B)错误。将图象放入坐标系设正方形的边长为1,则,设,则由得,即。若点位于上,则,此时,,所以。若点位于上,则,此时,,所以。若点位于上,则,此时,,即,所以。若点位于上,则,此时,,即,所以。
若点位于上,此时,,所以。综上,即
的最大值是3,最小值为0.所以选C.
2. 已知全集,集合,,则为( )
A. B. C. D.
参考答案:
C
略
3. 在边长为6的正中,点满足则等于____________.
参考答案:
24
略
4. 已知椭圆的左右焦点分别为F1,F2,过F2且垂直于长轴的直线交椭圆于A,B两点,则△ABF1的周长为
A.4 B. 6 C. 8 D. 16
参考答案:
C
由题意知的周长为. 故选C.
5. 将一张边长为6 cm的纸片按如图l所示阴影部分裁去四个全等的等腰三角形,将余下部分沿虚线折叠并拼成一个有底的正四棱锥(底面是正方形,顶点在底面的射影为正方形的中心)模型,如图2放置.若正四棱锥的正视图是正三角形(如图3),则正四棱锥的体积是
参考答案:
A【知识点】空间几何体的三视图和直观图G2
:∵图1中的虚线长为图2正四棱锥的底面边长,设为x,
又正四棱锥的正视图是正三角形,∴正四棱锥的斜高也为x,
由图1得x+=3,解得x=2,即正四棱锥的底面边长为2,
∴四棱锥的高为,∴四棱锥的体积V=×8×=。
【思路点拨】设正四棱锥的底面边长为x,根据正四棱锥的正视图是正三角形,可得正四棱锥的斜高也为x,利用图1求得x,再求得四棱锥的高.代入棱锥的体积公式计算.
6. 给出下列命题:
① 已知椭圆两焦点为,则椭圆上存在六个不同点,使得为直角三角形;
② 已知直线过抛物线的焦点,且与这条抛物线交于A、B两点,则|AB|的最小值为2;
③ 若过双曲线C:的一个焦点作它的一条渐近线的垂线,垂足为,
为坐标原点,则;
④ 已知⊙,⊙,则这两圆恰有2条公切线;
其中正确命题的序号是 ( )
A.①③④ B.①②③ C.②③④ D.①②③④
参考答案:
A
略
7. 若直线过圆的圆心,则a的值为
(A)1 (B) 1 (C) 3 (D) 3[来源:Z&xx&k.Com]
参考答案:
B
本题主要考查了圆和直线的方程以及直线和圆的位置关系,解题关键是把圆的方程化为标准方程,求出圆心坐标。圆的方程可变为,因为直线经过圆的圆心,所以,即。故选B.
8. 如图,已知正方体棱长为4,点在棱上,且.在侧面内作边长为1的正方形,是侧面内一动点,且点到平面距离等于线段的长.则当点运动时, 最小值是( )
(A) (B) (C) (D)
参考答案:
【知识点】点、线、面间的距离计算 G11
B解析:点到平面距离就是点到直线的距离,所以点到点的距离等于点到直线的距离,因此点的轨迹是以为焦点,以为准线的抛物线,在面中作于,连接,
在中,,而,要想最小,只要最小即可,由题意易求得,所以最小值为22,故选B.
【思路点拨】注意到点到点的距离等于点到直线的距离,即点的轨迹是以为焦点,以为准线的抛物线,在中,,而,要想最小,只要最小即可.
9. 已知某几何体的俯视图是如图所示的边长为的正方形,主视图与左视图是
边长为的正三角形,则其全面积是( )
A.8 B.12 C.4(1+) D.4
参考答案:
B
10. 设等差数列的前项和为,若则( )
A.7 B.6 C.5 D.4
参考答案:
B
略
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. = .
参考答案:
12. 在展开式中的系数为,则实数的值为 .
参考答案:
13. 已知i为虚数单位,复数,则等于_____.
参考答案:
【分析】
先分子分母同乘,化简得,所以.
【详解】解:因
所以
故答案为.
【点睛】本题考查了复数的概念与除法运算,属于基础题.
14. 的展开式中常数项是_______。(用数字作答)
参考答案:
60;
【分析】
利用二项展开式,得出的指数,令指数为零,求出参数的值,并将参数的值代入可求出这个展开式中的常数项。
【详解】的展开式的通项,
由,得,所以,常数项为,故答案为:。
【点睛】本题考查二项式定理的应用,考查指定项的系数问题,考查计算能力,属于基础题。
15. 函数的最小正周期等于_____.
参考答案:
π
【分析】
利用降幂公式整理化简,再由三角函数的最小正周期求得答案.
【详解】因为函数
故最小正周期等于.
故答案为:
【点睛】本题考查求三角函数的最小正周期,属于基础题.
16. 如图4,在平行四边形ABCD中,AP⊥BD,垂足为P,且AP =3,则 .
参考答案:
18
设,则,=
.
17. 若复数满足(i为虚数单位),则 ; .
参考答案:
;;
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. 已知在平面内点P满足,M(-2 , 0),N( 2, 0 ),O(0,0)
(1)求点P的轨迹S;
(2)直线与S交于点A,B,利用表示的面积函数表达式。
参考答案:
(1)由题意可得点P的轨迹S是双曲线的右支:
(2)因为直线与S交与点A,B,结合渐近线的斜率可得或
联立与,消元,可得:
,故
弦长=
又点O到直线AB的距离,
==
因此,的面积函数表达式: ,
19. 已知f(x)=x2﹣alnx,a∈R.
(1)讨论函数f(x)的单调性;
(2)当a>0时,若f(x)的最小值为1,求a的值;
(3)设g(x)=f(x)﹣2x,若g(x)有两个极值点x1,x2(x1<x2),证明:g(x1)+g(x2)>﹣.
参考答案:
【考点】利用导数求闭区间上函数的最值;利用导数研究函数的单调性;利用导数研究函数的极值.
【分析】(1)求出f(x)的导数,对a讨论,导数大于0,可得增区间;导数小于0,可得减区间;
(2)由(1)可得f(x)的最小值为﹣ln=1,令h(x)=x﹣xlnx,求出导数,单调区间和最值,即可得到a=2;
(3)求出g(x)=f(x)﹣2x=x2﹣2x﹣alnx,x>0.求得导数g′(x)=2x﹣2﹣=,由题意可得x1,x2(x1<x2)为2x2﹣2x﹣a=0的两根,运用判别式大于0和韦达定理,求出g(x1)+g(x2)=x12﹣2x1﹣alnx1+x22﹣2x2﹣alnx2,化简整理可得m(a)=a﹣aln(﹣)﹣1,﹣<a<0,求得导数和单调性,即可得证.
【解答】解:(1)f(x)=x2﹣alnx的导数为f′(x)=2x﹣=,x>0,
当a≤0时,f′(x)>0,f(x)在(0,+∞)递增;
当a>0时,当x>时,f′(x)>0,f(x)递增;
当0<x<时,f′(x)<0,f(x)递减;
(2)当a>0时,由(1)可得x=处f(x)取得极小值,
也为最小值,且为﹣ln,
由题意可得﹣ln=1,
令h(x)=x﹣xlnx,h′(x)=1﹣(1+lnx)=﹣lnx,
当x>1时,h′(x)<0,g(x)递减;
当0<x<1时,h′(x)>0,g(x)递增.
即有x=1处h(x)取得极大值,且为最大值1,
则﹣ln=1的解为a=2;
(3)证明:g(x)=f(x)﹣2x=x2﹣2x﹣alnx,x>0.
g′(x)=2x﹣2﹣=,
由题意可得x1,x2(x1<x2)为2x2﹣2x﹣a=0的两根,
即有△=4+8a>0,解得﹣<a<0,
x1+x2=1,x1x2=﹣,
g(x1)+g(x2)=x12﹣2x1﹣alnx1+x22﹣2x2﹣alnx2
=(x1+x2)2﹣2x1x2﹣2(x1+x2)﹣aln(x1x2)
=1+a﹣2﹣aln(﹣)=a﹣aln(﹣)﹣1,
令m(a)=a﹣aln(﹣)﹣1,﹣<a<0,
可得m′(a)=1﹣(ln(﹣)+1)=﹣ln(﹣)>0,
即有m(a)在(﹣,0)递增,可得m(a)>m(﹣),
由m(﹣)=﹣+ln﹣1=﹣﹣ln2>﹣﹣1=﹣.
则有g(x1)+g(x2)>﹣.
20. (12分)已知△ABC的面积S满足,且,与的夹角为.(1)求的取值范围;
(2)求函数的最大值及最小值.
参考答案:
(1)解:因为,与的夹角为与的夹角为
所以 2分
4分
又,所以,即,
又,所以. 6分
(2)解:
8分
因为,所以, 10分
从而当时,的最小值为3,当时,的最大值为. 12分
略
21. 不等式选讲
已知,.
(I)求证:,;
(II)若,求证:.
参考答案:
(1)
………………………5分
(2)
…………10分
略
22. △ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知bcosC+bsinC=a.
(Ⅰ)求角B的大小;
(Ⅱ)若BC边上的高等于a,求cosA的值.
参考答案:
【分析】(Ⅰ)利用正弦定理求和三角形的三角的关系,以及两角和的正弦公式sinB=cosB,即可求出B,
(Ⅱ)设BC边上的高线为AD,运勾股定理和余弦定理,即可求得cosB,再由正弦定理,即可求出
【解答】解:(Ⅰ)因为bcosC+bsinC=a,
由正弦定理得,sinBcosC+sinBsinC=sinA.
因为A+B+C=π,
所以sinBcosC+sinBsinC=sin(B+C).
即sinBcosC+sinBsinC=sinBcosC+cosBsinC.
因为sinC≠0,
所以sinB=cosB.
因为cosB≠0,所以tanB=1.
因为B∈(0,π),所以.
(Ⅱ)设BC边上的高线为AD,则.
因为,则,.
所以=,.
由余弦定理得=.
所以cosA=.
【点评】本题考查正弦定理和余弦定理的运用,考查两角和的正弦公式的运用,考查运算能力,属于中档题.
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