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河北省廊坊市安头屯中学2022-2023学年高三数学理模拟试卷含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 已知m,n是两条不同的直线,为平面,则下列命题正确的是
(A)
(B)
(C)
(D)若m与相交,n与相交,则m,n一定不相交
参考答案:
C
2. 集合,定义集合,
已知,则的子集为
参考答案:
D
3. 已知,,,则,,的大小关系为( )
A. B. C. D.
参考答案:
A
由指数函数的性质可得
由对数函数性质可得,
,
所以可得,故选A.
4. 将函数 的图象向右平移 个单位长度后,再将所得图象上各点的纵坐标不变,横坐标压缩到原来的 倍,最终所得图象对应的函数的最小正周期为( )
A. B. C. D.
参考答案:
B
5. 已知,且,则
A. B. C. D.
参考答案:
,,,,则
,故选
6. 已知定义在R上的函数f(x)满足f(x)=f(﹣x),且当x∈(﹣∞,0)时,f(x)+xf'(x)<0成立,若a=(20.1)?f(20.1),b=(ln2)?f(ln2),c=(log2)·f(log2),则a,b,c的大小关系是( )
A.a>b>c B.c>b>a C.c>a>b D.a>c>b
参考答案:
C
【考点】对数值大小的比较.
【分析】设g(x)=xf(x),由导数性质推导出当x∈(﹣∞,0)单调递减,再根据函数的奇偶性得到x∈(0,+∞)时,函数y=g(x)单调递增.由此能求出结果
【解答】解:∵设g(x)=xf(x)
∴g′(x)=[xf(x)]'=f(x)+xf'(x),
∴当x∈(﹣∞,0)时,g′(x)=f(x)+xf'(x)<0,函数y=g(x)单调递减,
∵f(x)满足f(x)=f(﹣x),
∴函数y=f(x)为奇函数,
∴函数y=g(x)为偶函数,
∴当x∈(0,+∞)时,函数y=g(x)单调递增.
∴20.1>1,0<ln2<1,log2=﹣3,
∴g(﹣3)=g(3),
∴g(﹣3)>g(20.1)>g(ln2),
∴c>a>b,
故选:C.
【点评】本题考查三个数的大小的比较,解题时要认真审题,注意导数性质、函数性质的合理运用,属于中档题
7. 在复平面内,复数的对应点位于( )
A 第一象限 B 第二象限 C 第三象限 D 第四象限
参考答案:
B
略
8. 已知函数,若函数为奇函数,则实数为( )
A. B. C. D.
参考答案:
9. 在下列四个结论中,正确的有
(1)的必要非充分条件;
(2)中,A>B是sinA>sinB的充要条件;
(3)的充分非必要条件;
(4)的充要条件.
A .(1)(2)(4) B.(1)(3)(4) C.(2)(3)(4) D.(1)(2)(3)(4)
参考答案:
D
10. 定义域为的函数满足,,若,且,则 ( ).
A.B.C. D.与的大小不确定
参考答案:
A
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 已知,若存在区间,使得{y|y=f(x),x?[a,b]}=[ma,mb],则实数m的取值范围是 (0,4] .
参考答案:
考点:
函数的定义域及其求法;函数的值域.
专题:
函数的性质及应用.
分析:
首先分析出函数在区间[a,b]上为增函数,然后由题意得到,说明方程有两个大于实数根,分离参数m,然后利用二次函数求m的取值范围.
解答:
解:因为函数在上为减函数,所以函数在上为增函数,
因为区间,
由{y|y=f(x),x∈[a,b]}=[ma,mb],
则,即.
说明方程有两个大于实数根.
由得:.
零,则t∈(0,3).
则m=﹣t2+4t=﹣(t﹣2)2+4.
由t∈(0,3),所以m∈(0,4].
所以使得{y|y=f(x),x∈[a,b]}=[ma,mb]的实数m的取值范围是(0,4].
故答案为(0,4].
点评:
本题考查了函数的定义域及其求法,考查了单调函数定义域及值域的关系,训练了二次函数值域的求法,考查了数学转化思想,是中档题.
12. 已知,,则_____▲____.
参考答案:
13. 若不等式成立的充分不必要条件是,
则实数的取值范围是 。
参考答案:
14. (6分)(2015?丽水一模)设函数f(x)=则f(﹣log32)= ;若f(f(t))∈[0,1],则实数t的取值范围是 .
参考答案:
;
【考点】: 分段函数的应用.
【专题】: 计算题;函数的性质及应用;不等式的解法及应用.
【分析】: 由﹣1≤﹣log32≤1,代入第一个解析式,计算即可得到f(﹣log32);通过t的范围,求出f(t)的表达式,判断f(t)的范围,然后代入已知函数,通过函数的值域求出t的范围即可.
解:由﹣1≤﹣log32≤1,则f(﹣log32)===,
当t∈[﹣1,1],所以f(t)=3t∈[,3],
又函数f(x)=
则f(f(t))=3(不成立)或f(f(t)=﹣?3t,
因为f(f(t))∈[0,1],
所以0≤﹣?3t≤1,即≤3t≤3,
解得:log3≤t≤1,又t∈[﹣1,1],
由于t=1,f(1)=3,f(f(1))不成立,
则实数t的取值范围[log3,1);
当1<t<3时,f(t)=﹣?t∈(0,3),
由于f(f(t))∈[0,1],
即有0≤≤1或0≤﹣?(﹣t)≤1,
解得t∈?或1≤t≤.
即有t的取值范围为(1,].
综上可得t的范围是.
故答案为:,.
【点评】: 本题考查分段函数的综合应用,指数与对数不等式的解法,函数的定义域与函数的值域,函数值的求法,考查计算能力.
15. 如图,是双曲线的左、右焦点,过的直线与双曲线的左、右两支分别交于两点.若,则双曲线的离心率为 ▲ .
参考答案:
略
16. 函数y=loga(x+3)﹣1(a≠1,a>0)的图象恒过定点A,若点A在直线mx+ny+1=0上,其中m>0,n>0,则+的最小值为 .
参考答案:
8
【考点】对数函数的图象与性质.
【分析】根据对数函数的性质先求出A的坐标,代入直线方程可得m、n的关系,再利用1的代换结合均值不等式求解即可.
【解答】解:∵x=﹣2时,y=loga1﹣1=﹣1,
∴函数y=loga(x+3)﹣1(a>0,a≠1)的图象恒过定点(﹣2,﹣1)即A(﹣2,﹣1),
∵点A在直线mx+ny+1=0上,
∴﹣2m﹣n+1=0,即2m+n=1,
∵m>0,n>0,
∴+=(+)(2m+n)=2+++2≥4+2?=8,
当且仅当m=,n=时取等号.
故答案为:8
17. 将一颗骰子掷两次,观察出现的点数,并记第一次出现的点数为m,第二次出现的点数为n.向量=(m,n),= (3,6),则向量与共线的概率为 .
参考答案:
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. 已知z1=5+10i,z2=3-4i,,求z.
参考答案:
略
19. 函数f(x)=2x﹣的定义域为(0,1](a为实数).
(1)当a=1时,求函数y=f(x)的值域;
(2)若函数y=f(x)在定义域上是减函数,求a的取值范围.
参考答案:
【考点】奇偶性与单调性的综合;函数的值域.
【专题】函数的性质及应用.
【分析】(1)当a=1时,f(x)=2x﹣,根据函数单调性“增“+“增“=“增“,可得f(x)=2x﹣在(0,1]上单调递增,当x=1时取得最大值f(1)=1,无最小值,进而得到函数y=f(x)的值域;
(2)若函数y=f(x)在定义域上是减函数,则任取x1,x2∈(0,1]且x1<x2,都有f(x1)>f(x2)成立,即恒成立,进而可得a的取值范围.
【解答】解:(1)当a=1时,f(x)=2x﹣,
当x∈(0,1]时,y1=2x和y2=﹣均单调递增,
所以f(x)=2x﹣在(0,1]上单调递增.
当x=1时取得最大值f(1)=1,无最小值,
故值域为(﹣∞,1].
(2)若函数y=f(x)在定义域上是减函数,
则任取x1,x2∈(0,1]且x1<x2,
都有f(x1)>f(x2)成立,
即恒成立,
也就是(x1﹣x2)?>0,
只需2x1x2+a<0,即a<﹣2x1x2成立.
由x1,x2∈(0,1],
故﹣2x1x2∈(﹣2,0),
所以a≤﹣2.
故a的取值范围是(﹣∞,﹣2].
【点评】本题考查的知识点是函数奇偶性与函数的单调性,函数的值域,是函数图象与性质的综合应用,难度中档.
20. (本小题满分12分)已知函数.
(1)求函数的最大值;
(2)若函数与有相同极值点,
①求实数的值;
②若对于(为自然对数的底数),不等式恒成立,求实数的取值范围.
参考答案:
(1), (1分)
由得;由得.
在上为增函数,在上为减函数. (3分)
函数的最大值为. (4分)
(2).
①由(1)知,是函数的极值点,
又函数与有相同极值点,是函数的极值点,
,解得.
经验证,当时,函数在时取到极小值,符合题意. (6分)
②,
易知,即.
.
由①知.
当时,;当时,.
故在上为减函数,在上为增函数.
,
而.
. (9分)
当,即时,对于,不等式恒成立.
,
.
当,即时,对于,不等式恒成立.
,
.
综上,所求实数的取值范围为. (12分)
21. (12分)已知数列满足,,.
(1)求证:是等差数列;
(2)设,的前项和为,求证:.
参考答案:
证明:(1)
是以3为首项,2为公差的等差数列.
………………6分
(2)由(1)知: …………8分
……………12分
22. 已知椭圆C: (a>b>0)的离心率为,且过点(2,).
(I)求椭圆C的标准方程;
(II)设A、B为椭圆C的左,右顶点,过C的右焦点F作直线l交椭圆于M, N两点,分别记△ABM、△ABN的面积为S1,S2,求|S1-S2|的最大值.
参考答案:
(Ⅰ)根据题意可得
解得,.
故椭圆的标准方程为.
……………… 5分
(Ⅱ)由(Ⅰ)知,当直线的斜率不存在时,,于是;
………………6分
当直线的斜率存在时,设直线,设,,
联立得,
根据韦达定理得,
………………8分
于是
………………10分
.
当且仅当时等号成立,此时的最大值为.
综上,的最大值为.
………………12分
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