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四川省乐山市眉山车城中学高三物理上学期期末试卷含解析
一、 选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意
1. ((多选)如图甲所示,Q1、Q2是两个固定的点电荷,一带正电的试探电荷仅在电场力作用下以初速度va沿两点电荷连线的中垂线从a点向上运动,其v﹣t图象如图乙所示,下列说法正确的是( )
A. 两点电荷一定都带负电,但电量不一定相等
B. 两点电荷一定都带负电,且电量一定相等
C. 试探电荷一直向上运动,直至运动到无穷远处
D. t2时刻试探电荷的电势能最大,但加速度不为零
参考答案:
【考点】: 电场的叠加;电势能.
【专题】: 电场力与电势的性质专题.
【分析】: 根据运动图象明确粒子的运动情况,再根据受力分析即可明确粒子的受力情况,从而判断电场分布;则可得出两电荷的带电情况.
: 解:A、由图可知,粒子向上先做减速运动,再反向做加速运动,且向上过程加速度先增大后减小,而重力不变,说明粒子受电场力应向下;故说明粒子均应带负电;由于电场线只能沿竖直方向,故说明两粒子带等量负电荷;故AC错误,B正确;
D、t2时刻之前电场力一直做负功;故电势能增大;此后电场力做正功,电势能减小;t2时刻电势能最大;但由于粒子受重力及电场力均向下;故此时加速度不为零;故D正确;
故选:BD.
2. (单选)如图所示,质量相等的 A. B两物体在平行于固定斜面的推力F的作用下,沿光滑斜面做匀速直线运动,A. B间轻弹簧的劲度系数为k,斜面的倾角为30°,则匀速运动时弹簧的压缩量为( )
A. B.
C. D.
参考答案:
B
3. 某航模小组在一次训练中,制定了飞机离开地面最初20s内的飞行计划。设在水平方向运动速度为,竖直方向运动速度为,和随时间变化的图像如图所示。飞机按此计划飞行的过程中( )
A.前6s内沿直线斜向上升,后14s内沿曲线上升
B.前6s内沿直线斜向上升,后14s内沿曲线下降
C.20s末达到最大高度
D.6s末达到最大速度
参考答案:
ACD
4. (单选)如图所示:在倾角为θ的光滑斜面上,相距均为d的三条水平虚线l1、l2、l3,它们之间的区域Ⅰ、Ⅱ分别存在垂直斜面向下和垂直斜面向上的匀强磁场,磁感应强度大小均为B,一个质量为m、边长为d、总电阻为R的正方形导线框,从l1上方一定高处由静止开始沿斜面下滑,当ab边刚越过l1进入磁场Ⅰ时,恰好以速度v1做匀速直线运动;当ab边在越过l2运动到l3之前的某个时刻,线框又开始以速度v2做匀速直线运动,重力加速度为g.在线框从释放到穿出磁场的过程中,下列说法正确的是( )
A. 线框中感应电流的方向不变
B. 线框ab边从l1运动到l2所用时间大于从l2运动到l3所用时间
C. 线框以速度v2匀速直线运动时,发热功率为sin2θ
D. 线框从ab边进入磁场到速度变为v2的过程中,减少的机械能△E机与线框产生的焦耳热Q电的关系式是△E机=WG+mv﹣mv+Q电
参考答案:
【考点】: 导体切割磁感线时的感应电动势;电功、电功率;焦耳定律.
【专题】:电磁感应与电路结合.
【分析】:根据右手定则判断感应电流的方向;由左手定则判断安培力方向;当ab边刚越过GH进入磁场I时做匀速直线运动,安培力、拉力与重力的分力平衡,由平衡条件和安培力公式结合求解线圈ab边刚进入磁场I时的速度大小;线圈进入磁场I做匀速运动的过程中,分析线框的受力情况,由动能定理研究拉力F所做的功与线圈克服安培力所做的功的关系.
: 解:A、从线圈的ab边进入磁场I过程,由右手定则判断可知,ab边中产生的感应电流方向沿a→b方向.dc边刚要离开磁场Ⅱ的过程中,由右手定则判断可知,cd边中产生的感应电流方向沿c→d方向,ab边中感应电流方向沿b→a方向,故A错误;
B、根据共点力的平衡条件可知,两次电场力与重力的分力大小相等方向相反;第二种情况下,两边均受电场力;故v2应小于v1;则线框ab边从l1运动到l2所用时间小于从l2运动到l3的时间;故B错误;
C、线圈以速度v2匀速运动时,mgsinθ=4×,得v=;电功率P=Fv=mgsinθ×=sin2θ;故C正确;
D、机械能的减小等于线框产生的电能,则由能量守恒得知:线框从ab边进入磁场到速度变为v2的过程中,减少的机械能△E机与线框产生的焦耳热Q电的关系式是△E机=Q电,故D错误;
故选:C.
【点评】:本题考查了导体切割磁感线中的能量及受力关系,要注意共点力的平衡条件及功能关系的应用,要知道导轨光滑时线框减小的机械能等于产生的电能.
5. x轴上有两个点电荷Q1和Q2,Q1和Q2之间连线上各点电势高低如图曲线所示,选无穷远处电势为零,从图中可以看出
(A)Q1的电荷量小于Q2的电荷量
(B)Q1和Q2一定是异种电荷
(C)P处的电场强度为零
(D)Q1和Q2之间连线上各点电场强度方向都指向Q2
参考答案:
BD
二、 填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分
6. (4分)激光的应用非常广泛,其中全息照片的拍摄就利用了光的 原理,这就要求参考光和物光有很高的 。
参考答案:
答案:干涉 相干性 (各2分)
7. 氢原子从能级A跃迁到能级B吸收波长为λ1的光子,从能级A跃迁到能级C吸收波长为λ2的光子,若λ2>λ1,则当它从能级B跃迁到能级C时,将____(选填“吸收”或“放出”)波长为 的光子.
参考答案:
8. 某同学用如图所示的装置验证动能定理.为提高实验精度,该同学多次改变小滑块下落高度胃的值.测出对应的平撼水平位移x,并算出x2如下表,进而画出x2一H图线如图所示:
①原理分析:若滑块在下滑过程中所受阻力很小.则只要测量量满足 ,便可验证动能定理.
②实验结果分析:实验中获得的图线未过坐标原点,而交在了大约(0.2h,0)处,原因是 。
参考答案:
①x2与H成正比 ②滑块需要克服阻力做功
若滑块在下滑过程中所受阻力很小.由动能定理,mgH=mv2,根据平抛运动规律,x=vt,h=gt2,显然x2与H成正比,即只要测量量满足x2与H成正比,便可验证动能定理.实验中获得的图线未过坐标原点,而交在了大约(0.2h,0)处,原因是滑块需要克服阻力做功。
9. (选修3—4)(4分)如图所示的装置,在曲轴上悬挂一个弹簧振子,若不转动手把,让其上下振动,其周期为T1,现使手把以周期T2匀速转动(T2>T1),振动稳定后,要使弹簧振子的振幅增大,可以让把手的转速 (填“适当增大”、“适当减小”或“不变”),这是因为: 。
参考答案:
答案:适当增大;驱动力的频率(或周期)越接近物体的固有频率(或周期),受迫振动振福越大.(每空2分)
10. 在正三角形的三个顶点A、B、C上固定三个带等量正点的点电荷,其中心P点的电势为U1,与P点关于AB边对称的P’点的电势为U2,如图所示,则U1 U2(填“>”、“<”、“=”),现取走B点的点电荷,则P’的电势为 。
参考答案:
答案:>
11. 如图所示,一束β粒子自下而上进入一垂直纸面的匀强磁场后发生偏转,则磁场方向向 ,进入磁场后,β粒子的动能 (填“增加”、“减少”或“不变”)。
参考答案:
答案:里 不变
解析:由图可知,β粒子(带负电)进入磁场时所受洛伦兹力方向水平向右,根据左手定则可以判断磁场方向向里。由于β粒子在磁场中运动,洛伦兹力不做功,所以β粒子的动能不变。
12. 在轨道半径是地球半径n倍的圆形轨道上,人造地球卫星运行的向心加速度大小是地表重力加速度的 倍,人造地球卫星的运行速度大小是第一宇宙速度大小的 倍.
参考答案:
考点:
第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度.
专题:
万有引力定律的应用专题.
分析:
由万有引力提供向心力可表示人造卫星的加速度,第一宇宙速度是卫星在近地圆轨道上的环绕速度,根据引力等于向心力,列式求解;
根据万有引力提供向心力表示出线速度即可求解.
解答:
解:
由万有引力提供向心力可得:G=ma,解得:a=,
则人造卫星的加速度与地面重力加速度之比为:a:g=:=
第一宇宙速度为v:G=m,
解得:v=
同理可得人造卫星的速度为:v=
故人造卫星的速度与第一宇宙速度之比为:
故答案为:; .
点评:
抓住卫星所受的万有引力等于向心力这个关系即可列式求解!向心力公式根据需要合理选择.
13. 如图所示是某原子的能级图,a、b、c 为原子跃迁所发出的三种波长的
光. 在下列该原子光谱的各选项中,谱线从左向右的波长依次增大,则
正确的是 _____________.
参考答案:
C
三、 实验题:本题共2小题,每小题11分,共计22分
14. (10分)某同学为了探究物体在斜面上的运动时摩擦力与斜面倾角的关系,设计实验装置如图。长直平板一端放在水平桌面上,另一端架在一物块上。在平板上标出A、B两点,B点处放置一光电门,用光电计时器记录滑块通过光电门时挡光的时间。
实验步骤如下:
①用游标卡尺测量滑块的挡光长度d,用天平测量滑块的质量m;
②用直尺测量AB之间的距离s,A点到水平桌面的垂直距离h1,B点到水平桌面的垂直距离h2;
③将滑块从A点静止释放,由光电计时器读出滑块的挡光时间t1
④重复步骤③数次,并求挡光时间的平均值;
⑤利用所测数据求出摩擦力f和斜面倾角的余弦值;
⑥多次改变斜面的倾角,重复实验步骤②③④⑤,做出f-关系曲线。
(1)用测量的物理量完成下列各式(重力加速度为g):
①斜面倾角的余弦= ;
②滑块通过光电门时的速度v= ;
③滑块运动时的加速度a= ;
④滑块运动时所受到的摩擦阻力f= ;
(2)测量滑块挡光长度的游标卡尺读数如图所示,读得d= 。
参考答案:
(1)①;②;③;④;(2)3.62cm
解析:(1)物块在斜面上做初速度为零的匀加速直线运动,受重力、支持力、滑动摩擦力,如图所示① ;根据三角形关系可得到,②根据③根据运动学公式,有,即有;④根据牛顿第二定律,则有;(2) 在游标卡尺中,主尺上是3.6cm,在游标尺上恰好是第1条刻度线与主尺对齐,再考虑到卡尺是10分度,所以读数为3.6cm+0.1×1mm=3.61cm或者3.62cm也对。
15. (实验)(2014?东城区一模)在做“用油膜法估测分子大小”的实验中,已知实验室中使用的酒精油酸溶液的浓度为A,N滴溶液的总体积为V.在浅盘中的水面上均匀撒上痱子粉,将一滴溶液滴在水面上,待油膜稳定后,在带有边长为a的正方形小格的玻璃板上描出油膜的轮廓(如图所示),测得油膜占有的正方形小格个数为X.
①用以上字母表示油酸分子的大小d= .
②从图中数得X= .
参考答案:
①d=
②62
用油膜法估测分子的大小
解:①由题意可知,一滴这种纯油酸的体积为:V0=
油膜的面积为 S=Xa2,由于形成单分子油膜,则油膜的厚度即为油酸分子的直径为 d==.
②在围成的方格中,不足半个舍去,多于半个的算一个,从图中数得油膜占有的小正方形个数为 X=62.
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