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福建省泉州市市第十一中学2022-2023学年高一数学文联考试卷含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 在△ABC中,A:B:C=1:2:3,则a:b:c等于( )
A.1:2:3 B.3:2:1 C.1::2 D.2::1
参考答案:
C
【考点】HP:正弦定理.
【分析】利用三角形的内角和求出三角形的内角,然后利用正弦定理求出结果.
【解答】解:在△ABC中,若∠A:∠B:∠C=1:2:3,又∠A+∠B+∠C=π
所以∠A=,∠B=,∠C=.
由正弦定理可知:a:b:c=sin∠A:sin∠B:sin∠C=sin:sin:sin=1::2.
故选:C.
2. 已知圆C的半径为,圆心在轴的正半轴上,直线与圆C相切,则圆C的方程为 ( )
A. B.
C. D.
参考答案:
D
3. 设复数,则z的共轭复数是( )
A. B. C. D.
参考答案:
D
选D.
4. 下列函数在其定义域内,既是奇函数又是增函数的为( )
A.y=﹣ B.y=ln(x+5) C.y=x2﹣1 D.y=x|x|
参考答案:
D
【考点】函数单调性的判断与证明;函数奇偶性的判断.
【专题】函数思想;综合法;函数的性质及应用.
【分析】根据反比例函数在定义域上的单调性,奇函数图象的对称性便可判断出A,B,C都错误,从而得出D正确.
【解答】解:A.在定义域内没有单调性,∴该选项错误;
B.y=ln(x+5)的图象不关于原点对称,不是奇函数,∴该选项错误;
C.y=x2﹣1是偶函数,不是奇函数,∴该选项错误;
D.设y=f(x),f(x)定义域为R,且f(﹣x)=﹣x|﹣x|=﹣x|x|=﹣f(x);
∴f(x)为奇函数;
;
∴f(x)在[0,+∞)上单调递增,在(﹣∞,0)上单调递增,且02=﹣02;
∴f(x)在定义域R上是增函数,∴该选项正确.
故选:D.
【点评】考查反比例函数在定义域上的单调性,奇函数图象的对称性,熟悉对数函数和二次函数的图象,熟悉平移变换,以及奇函数的定义,含绝对值函数的处理方法:去绝对值号,二次函数的单调性,以及分段函数单调性的判断.
5. 根据下面的语句,可知输出的结果s是( )
参考答案:
C
略
6. 球的一个截面圆的圆心为,圆的半径为,的长度为球的半径的一半,球的表面积为( )
A. B. C. D.
参考答案:
D
由题意得,根据球的截面圆的性质,得,
所以球的表面积为
7. 已知函数f(x)对任意x∈R都有f(x+2)+f(x﹣2)=2f(2),若y=f(x+1)的图象关于点(﹣1,0)对称,且f(1)=2,则f
A.﹣2 B.0 C.1 D.2
参考答案:
D
【考点】抽象函数及其应用.
【分析】由函数f(x)对任意x∈R都有f(x+2)+f(x﹣2)=2f(2),f(x+6)+f(x+2)=2f(2),两式相减,得f(x+6)=f(x﹣2),可得周期T=8.又f(1)=2,可得f.
【解答】解:由函数f(x)对任意x∈R都有f(x+2)+f(x﹣2)=2f(2),∴f(x+6)+f(x+2)=2f(2),
两式相减,得f(x+6)=f(x﹣2),即f(x+8)=f(x),∴周期T=8.
y=f(x+1)的图象关于点(﹣1,0)对称,∴f(x)是奇函数.
又f(1)=2,
于是f=f(1)=2.
故选:D.
8. 在三角形ABC中,边上的高为,则的范围为( )
A.(0,] B.(0,] C. (0,] D. (0,]
参考答案:
C
略
9. 若集合,则集合( )
A. B. C. D.
参考答案:
A
10. 圆心为(1,﹣2),半径为4的圆的方程是( )
A.(x+1)2+(y﹣2)2=16 B.(x﹣1)2+(y+2)2=16 C.(x+1)2+(y﹣2)2=4 D.(x﹣1)2+(y+2)2=4
参考答案:
B
【考点】圆的标准方程.
【专题】计算题;对应思想;演绎法;直线与圆.
【分析】根据已知圆心坐标和半径,可得答案.
【解答】解:圆心为(1,﹣2),半径为4的圆的方程是(x﹣1)2+(y+2)2=16,
故选:B.
【点评】本题考查的知识点是圆的标准方程,难度不大,属于基础题.
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 函数f(x)=的值域为______________。
参考答案:
12. 如图,在平行四边形ABCD中,AP⊥BD,垂足为P,AP=3,点Q是△BCD内(包括边界)的动点,
则的取值范围是___________.
参考答案:
[9,18]
13. 已知x,y为正实数,且满足(xy﹣1)2=(3y+2)(y﹣2),则x+的最大值为 .
参考答案:
2﹣1
【考点】基本不等式.
【分析】由已知条件可得4=(x﹣)2+(1+)2,再根据基本不等式可得(x++1)2≤8,问题得以解决.
【解答】解:∵(xy﹣1)2=(3y+2)(y﹣2)=3y2﹣4y﹣4,
∴(xy﹣1)2+(y2+4y+4)=4y2,
∴(xy﹣1)2+(y+2)2=4y2,
∴4=(x﹣)2+(1+)2≥(x﹣+1+)2,当且仅当x﹣=1+时取等号,
∴(x++1)2≤8
∴x++1≤2,
∴x+≤2﹣1,
故答案为:2﹣1
14. 已知函数其中,若存在实数b,使得关于x的方程有三个不同的根,则m的取值范围是__________.
参考答案:
本题主要考查函数的概念与性质.
时,单调递减,值域为;
时,单调递增,值域为;
时,单调递增,值域为.
要使存在,使有三个不同的根,则,解得.
故本题正确答案为.
15. (5分)已知D、E、F分别是△ABC的边BC、CA、AB的中点,且=,=,=,则①=﹣,②=+,③=﹣+,④++=中正确的等式的个数为 .
参考答案:
3
考点: 向量加减混合运算及其几何意义.
专题: 平面向量及应用.
分析: 画出图形,结合图形,利用平面向量加减运算的几何意义进行解答即可.
解答: 如图所示,
对于①,==(+)=+=+,∴①错误;
对于②,=+=+=+,∴②正确;
对于③,=(+)=+=﹣+,∴③正确;
对于④,++=(+)+(+)+(+)
=(+++++)=,∴④正确;
综上,正确的等式个数是3.
故答案为:3.
点评: 本题考查了平面向量的加减及数乘运算的应用问题,是基础题目.
16. 定义在实数集R上的函数,如果存在函数(A、B为常数),使得对一切实数都成立,那么称为函数的一个承托函数。给出如下四个结论:
①对于给定的函数,其承托函数可能不存在,也可能有无数个;
②定义域和值域都是R的函数不存在承托函数;
③为函数的一个承托函数;
④为函数的一个承托函数。
其中所有正确结论的序号是____________________.
参考答案:
①③
17. 若集合满足,则实数 .
参考答案:
2
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. (1)求过A(1,2)和两点的直线的截距方程;
(2)求斜率为且与坐标轴围成的三角形面积是4的直线方程.
参考答案:
【考点】待定系数法求直线方程;直线的截距式方程.
【分析】(1)求出两点式方程,可截距方程;
(2)设直线的方程为设直线的方程为y=x+m,分别令x=0,y=0,可得A(0,m),B(﹣m,0),利用=4,解出即可.
【解答】解:(1)过A(1,2)和两点的直线方程为,截距方程
(2)设直线的方程为y=x+m,
分别令x=0,y=0,可得A(0,m),B(﹣m,0).
∵=4,
解得m=±.
∴直线方程为:
19. 自行车大轮m齿,小轮n齿,大轮转一周小轮转多少度?
参考答案:
3600
20. 对于给定数列{cn},如果存在实常数p,q使得cn+1=pcn+q对于任意n∈N*都成立,我们称数列{cn}是“Q类数列”.
(1)若an=3n,bn=3?5n,n∈N*,数列{an}、{bn}是否为“Q类数列”?若是,指出它对应的实常数p,q,若不是,请说明理由;
(2)证明:若数列{an}是“Q类数列”,则数列{an+an+1}也是“Q类数列”;
(3)若数列{an}满足a1=2,an+an+1=3t?2n(n∈N*),t为常数.求数列{an}前2015项的和.并判断{an}是否为“Q类数列”,说明理由.
参考答案:
【考点】数列的求和;数列递推式.
【分析】(1)an=3n,则an+1=an+3,n∈N*.由bn=3?5n,n∈N*,可得bn+1=5bn,n∈N*.利用“Q类数列”定义即可判断出;
(2)若数列{an}是“Q类数列”,则存在实常数p,q,使得an+1=pan+q对于任意n∈N*都成立,且有an+2=pan+1+q对于任意n∈N*都成立,即可证明;
(3)an+an+1=3t?2n(n∈N*),t为常数,可得a2+a3=3t?22,a4+a5=3t?24,…,a2014+a2015=3t?22014.利用等比数列的前n项和公式可得数列{an}前2015项的和S2015=2+t?.若数列{an}是“Q类数列”,则存在实常数p,q.使得an+1=pan+q对于任意n∈N*都成立,且有an+2=pan+1+q对于任意n∈N*都成立,因此(an+1+an+2)=p(an+an+1)+2q对于任意n∈N*都成立,可得3t?2n+1=3t?2n+2q对于任意n∈N*都成立,可以得到t(p﹣2)=0,q=0,分类讨论即可得出.
【解答】(1)解:∵an=3n,则an+1=an+3,n∈N*,
故数列{an}是“Q类数列”,对应的实常数分别为1,3.
∵bn=3?5n,n∈N*,
则bn+1=5bn,n∈N*.
故数列{bn}是“Q类数列”,对应的实常数分别为5,0.
(2)证明:若数列{an}是“Q类数列”,则存在实常数p,q,
使得an+1=pan+q对于任意n∈N*都成立,且有an+2=pan+1+q对于任意n∈N*都成立,
因此(an+1+an+2)=p(an+an+1)+2q对于任意n∈N*都成立,
故数列数列{an+an+1}也是“Q类数列”,对应的实常数分别为p,2q.
(3)解:an+an+1=3t?2n(n∈N*),t为常数,
则a2+a3=3t?22,a4+a5=3t?24,…,a2014+a2015=3t?22014.
故数列{an}前2015项的和S2015=2+3t(22+24+…+22014)=2+=2+t?.
若数列{an}是“Q类数列”,则存在实常数p,q.
使得an+1=pan+q对于任意n∈N*都成立,且有an+2=pan+1+q对于任意n∈N*都成立,
因此(an+1+an+2)=p(an+an+1)+2q对于任意n∈N*都成立,
而,且an+1+an+2=3t?2n+1,
则3t?2n+1=3t?2n+2q对于任意n∈N*都成立,可以得到t(p﹣2)=0,q=0,
(1)当p=2,q=0时,an+1=2an,,t=1,经检验满足条件.
(2)当t=0,q=0 时,an+1=﹣an,an=2(﹣1
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