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四川省南充市河坝镇中学高三数学理月考试卷含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 设则复数为实数的充要条件是
A. B. C. D.
参考答案:
D
2. 函数的图象向右平移个单位后,得到的图象,则函数的单调增区间为( )
A. B.
C. D.
参考答案:
A
3. 设数列是等差数列,且,,则( )
A.1 B.-1 C. D.-1或
参考答案:
C
略
4. 设f(x)在(0,+∞)上是单调递增函数,当n∈N*时,f(n)∈N*,且f=2n+1,则f(1)+f(2)+…+f(7)=( )
A.39 B.40 C.43 D.46
参考答案:
C
【考点】抽象函数及其应用;函数的值.
【专题】计算题;函数思想;转化思想;函数的性质及应用;推理和证明.
【分析】利用函数单调递增及n∈N*时,f(n)∈N*,通过赋值法,和简单的逻辑推理,即可得到f(4)的值.
【解答】解:由f=2n+1,令n=1,2得:f=3,f=5.
∵当n∈N*时,f(n)∈N*,且f(x)在(0,+∞)上是单调递增函数,
①若f(1)=1,则由f=3得:f(1)=3,与单调递增矛盾,故不成立;
②若f(1)=2,则f(2)=3,则f(3)=5,则f(5)=7,
则f(3)<f(4)<f(5)即5<f(4)<7,
∴f(4)=6.
f(6)=f(f(4))=2×4+1=9,
f(7)=f(f(5))2×5+1=11.
∴f(1)+f(2)+…+f(7)=2+3+5+6+7+9+11=43.
故选:C.
【点评】本题考查函数的单调性,抽象函数的应用,以及赋值法,考查推理能力,属于中档题.
5. 设且,则“函数在上是减函数”是“函数在上是增函数”的( )条件.
A.充分不必要 B.必要不充分 C.充要 D.既不充分也不必要
参考答案:
A
6. 设平面α与平面β相交于直线l,直线a在平面α内,直线b在平面β内,且b⊥l,则“a⊥b”是“α⊥β”的( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
参考答案:
B
【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断.
【分析】分析题可知:在题目的前提下,由“a⊥b”不能推得“α⊥β”,由面面垂直的性质定理可由“α⊥β”推出“a⊥b”,从而可得答案.
【解答】解:由题意可得α∩β=l,a?α,b?β,若再满足a⊥b,则不能推得α⊥β;
但若满足α⊥β,由面面垂直的性质定理可得a⊥b
故“a⊥b”是“α⊥β”的必要不充分条件.
故选B
7. 若集合,,则( )
A、 B、 C、R D、
参考答案:
A
8. 已知关于面xoy的对称点为B,而A关于x轴对称的点为C,则( )
(A)(0,4,2) (B)(0,-4,-2) (C)(0, -4 ,0) (D)(2,0,-2)
参考答案:
C
9. 下列命题中:
①若命题p为真命题,命题q为假命题,则命题“p∧q“为真命题;
②“”是“”的必要不充分条件;
③命题“?x∈R,2x>0”的否定是“?x0∈R,”
正确命题的个数是( )
A.0 B.1 C.2 D.3
参考答案:
C
【考点】命题的真假判断与应用.
【分析】利用复合命题的真假判断①的正误;利用充要条件判断②的正误;利用命题的否定判断③的正误;
【解答】解:①若命题p为真命题,命题q为假命题,则命题“p∧q“为真命题是不正确的;
②“”则“”,但是“”不一定“”,所以“”是“”的必要不充分条件;正确.
③命题“?x∈R,2x>0”的否定是“?x0∈R,”,满足命题的否定,是正确.
故选:C.
10. “”是“”成立的 ( )
(A)充分不必要条件. (B)必要不充分条件.
(C)充分条件. (D)既不充分也不必要条件.
参考答案:
A
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 已知向量满足,,.若对每一确定的,的最大值和最小值分别是,则对任意,的最小值是________________.
参考答案:
略
12. 已知A(3,2)、B(1,0),P(x,y)满足=x1+x2(O是坐标原点),若x1+x2=1,则P点坐标满足的方程是 .
参考答案:
x﹣y﹣1=0
【考点】直线的两点式方程;向量在几何中的应用.
【专题】计算题.
【分析】根据=x1+x2 得出 (x,y)=(3x1+x2,2x1 ),得到 x﹣y=x1+x2=1.
【解答】解:∵=x1+x2∴(x,y)=(3x1,2x1)+(x2,0)=(3x1+x2,2x1 ),
∴x=3x1+x2,y=2x1,∴x﹣y=x1+x2=1,故P点坐标满足的方程是 x﹣y﹣1=0,
故答案为:x﹣y﹣1=0.
【点评】本题考查两个向量数量积公式的应用,两个向量坐标形式的运算.
13. 设数列a1,a2,L,an,L满足a1=a2=1,a3=2,且对任何自然数n, 都有anan+1an+211,又anan+1an+2an+3=an+an+1+an+2+an+3,则a1+a2+L+a100的值是____.
参考答案:
解:anan+1an+2an+3=an+an+1+an+2+an+3,an+1an+2an+3an+4=an+1+an+2+an+3+an+4,
相减,得anan+1an+2(a4-an)=an+4-an,由anan+1an+211,得an+4=an.
又,anan+1an+2an+3=an+an+1+an+2+an+3,a1=a2=1,a3=2,得a4=4.
∴ a1+a2+L+a100=25(1+1+2+4)=200.
14. 已知函数的定义域[-1,5],部分对应值如表,的导函数的图象如图所示,
下列关于函数的命题;
①函数的值域为[1,2];
②函数在[0,2]上是减函数;
③如果当时,的最大值是2,那么t的最大值为4;
④当有4个零点。
其中真命题为 (填写序号)
参考答案:
②
略
15. 若A、B、C、D四点共线,且满足,,则
.
参考答案:
16. 与向量垂直的单位向量的坐标是___________.
参考答案:
或
设向量坐标为,则满足,解得或,即所求向量坐标为或
17. 如图所示,在一个坡度一定的山坡AC的顶上有一高度为25 m的建筑物CD,为了测量该山坡相对于水平地面的坡角θ,在山坡的A处测得∠DAC=15°,沿山坡前进50 m到达B处,又测得∠DBC=45°,根据以上数据可得cosθ=____________.
参考答案:
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. (07年全国卷Ⅱ文)(12分)
从某批产品中,有放回地抽取产品二次,每次随机抽取1件,假设事件:“取出的2件产品中至多有1件是二等品”的概率.
(1)求从该批产品中任取1件是二等品的概率;
(2)若该批产品共100件,从中任意抽取2件,求事件:“取出的2件产品中至少有一件二等品”的概率.
参考答案:
解析:(1)记表示事件“取出的2件产品中无二等品”,
表示事件“取出的2件产品中恰有1件二等品”.
则互斥,且,故
于是.
解得(舍去).
(2)记表示事件“取出的2件产品中无二等品”,
则.
若该批产品共100件,由(1)知其中二等品有件,故.
19. (15分)(2015?东阳市模拟)如图,已知AB⊥平面BEC,AB∥CD,AB=BC=4,△BEC为等边三角形,
(1)若平面ABE⊥平面ADE,求CD长度;
(2)求直线AB与平面ADE所成角的取值范围.
参考答案:
考点: 用空间向量求直线与平面的夹角;平面与平面垂直的判定.
专题: 综合题;空间位置关系与距离;空间角.
分析: (1)设|CD|=d,取BE、AE中点O、F,连结OC、OF,以O为原点,OE、OC、OF为x,y,z轴建立坐标系,求出平面ABE的法向量、面ADE的一个法向量,利用平面ABE⊥平面ADE,求CD长度;
(2)利用向量的数量积公式,求直线AB与平面ADE所成角的取值范围.
解答: 解:(1)设|CD|=d,取BE、AE中点O、F,连结OC、OF,以O为原点,OE、OC、OF为x,y,z轴建立坐标系,则A(﹣2,0,4),B(﹣2,0,0),,
可得平面ABE的法向量为
设面ADE的一个法向量为
则可得
所有,所以CD长度为2.
(2)由(1)可知:面ADE的一个法向量,设直线AB与面ADE所成角为θ,则,所以.
点评: 本题考查线面垂直,考查线面角,考查向量知识的运用,正确求出平面的法向量是关键.
20. (12分)如图,四棱锥P﹣ABCD中,PD⊥平面ABCD,△ABD是边长为3的正三角形,BC=CD=,PD=4.
(Ⅰ)求证:平面PAD⊥平面PCD;
(Ⅱ)在线段PA上是否存在点M,使得DM∥平面PBC.若存在,求三棱锥P﹣BDM的体积;若不存在,请说明理由.(锥体体积公式:V=Sh,其中S为底面面积,h为高)
参考答案:
【考点】: 平面与平面垂直的判定;直线与平面平行的判定.
【专题】: 空间位置关系与距离.
【分析】: (Ⅰ)欲证明平面PAD⊥平面PCD,只需推知CD⊥平面PAD即可;
(Ⅱ)存在AP的中点M,使得DM∥平面PBC.通过证明“MN∩DN=N,MN∥平面PBC,ND∥平面PBC”推知DM∥平面PBC.然后将三棱锥P﹣BDM的体积转化为求三棱锥B﹣DMP的体积来计算.
(1)证明:∵PD⊥平面ABCD,
∴PD⊥DC.
∵△ABD是边长为3的正三角形,BC=CD=,
∴在△BCD中,由余弦定理得到:cos∠BDC==,
∴∠BDC=30°,∠ADC=∠ADB+∠BDC=60°+30°=90°,
∴DC⊥AD,
又∵AD∩PD=D,
∴CD⊥平面PAD.
又∵CD?平面CDP,
∴平面PAD⊥平面PCD;
(Ⅱ)存在AP的中点M,使得DM∥平面PBC.理由如下:
取AB的中点N,连接MN,DN.
∵M是AP的中点,
∴MN∥PB.
∵△ABC是等边三角形,
∴DN⊥AB,
由(1)知,∠CBD=∠BDC=30°,
∴∠ABC=60°+30°=90°,即BC⊥AB.
∴ND∥BC.
又MN∩DN=N,
∴平面MND∥平面PBC.
∴DM∥平面PBC.
过点B作BQ⊥AD于Q,
∵由已知知,PD⊥BQ,
∴BQ⊥平面PAD,
∴BQ是三棱锥B﹣DMP的高,
∵BQ=,S△DMP=AD?PD=3,
∴VP﹣BDM=VB﹣DMP=BQ?S△DMP=.
【点评】: 本题考查了直线与平面垂直、平行的判,.解答(Ⅱ)中三棱锥P﹣BDM的体积时,也可以这样VP﹣BDM=VP﹣ABD=PD?S△ABD=.
21. (本小题满分12分)
如图所示,在四棱锥P—ABCD中,底面ABCD是正方形,侧棱PD⊥底面ABCD,PD=4,DC=3,
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