资源描述
沪科版数学九年级下册综合训练50题含答案
(填空、解答题)
一、填空题
1.现有三张正面分别标有数字﹣1,1,2的不透明卡片,它们除数字外其余完全相同,将它们背面朝上洗均匀,随机抽取一张,记下数字后放回,背面朝上洗均匀,再随机抽取一张记下数字,则两次抽出的卡片上的数字之和为正数的概率是___.
【答案】
【分析】画树状图,共有6种等可能的结果,再由概率公式求解即可.
【详解】解:画树状图如图:
共有6种等可能的结果,两次抽出的卡片上的数字之和为正数的结果有4种,
∴两次抽出的卡片上的数字之和为正数的概率为,
故答案为:.
【点睛】此题考查的是用列表法或树状图法求概率.列表法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结果,适合于两步完成的事件;树状图法适合两步或两步以上完成的事件;解题时要注意此题是放回实验还是不放回实验.
2.如图所示,四边形ABCD是圆内接四边形,其中∠A=75°,则∠C=______度.
【答案】105
【分析】根据圆内接四边形的对角互补计算即可.
【详解】解:∵四边形ABCD为圆内接四边形,
∴∠A+∠C=180°,
∵∠A=75°,
∴∠C=180°-∠A=180°-75°=105°,
故答案为:105.
【点睛】本题考查的是圆内接四边形的性质,掌握圆内接四边形的对角互补是解题的关键.
3.如图,在一个可以自由转动的转盘中,指针位置固定,三个扇形的面积都相等,且分别标有数字1,2,3.小明转动转盘一次,当转盘停止转动时,指针所指扇形中的数字是奇数的概率为________.
【答案】
【分析】由标有数字1、2、3的转盘中奇数有1、3这2个,利用概率公式计算可得.
【详解】解:∵在标有数字1、2、3的转盘中,奇数有1、3这2个,
∴指针所指扇形中的数字是奇数的概率为,
故答案为.
【点睛】此题考查了概率公式.用到的知识点为:概率=所求情况数与总情况数之比.
4.点关于原点的对称点的坐标为________.
【答案】
【分析】根据两个点关于原点对称时,它们的坐标符号相反,可以直接得到答案.
【详解】点关于原点对称的点的坐标是
故答案为:
【点睛】本题主要考查了关于原点对称的点的坐标特点,两个点关于原点对称时,它们的坐标符号相反,即点P(x,y)关于原点O的对称点是P′(-x,-y).
5.有5张完全一样的卡片(除数字外),分别写有2012,2013,2020,2021,2022这五个数字,将他们背面朝上洗匀后,任意抽出一张,抽到写有的数字是偶数的概率为______________.
【答案】##0.6
【分析】先找出写有的数字是偶数的卡片,再根据概率公式进行计算即可得出答案.
【详解】解:∵2012,2013,2020,2021,2022这五个数字中,2012,2020,2022是偶数,
∴5张卡片写有数字为偶数的有3张,
∴P(写有的数字是偶数)=.
故答案为:.
【点睛】本题主要考查了概率公式,熟练掌握概率公式的计算方法进行求解是解决本题的关键.
6.为了激发学生热爱家乡,爱好祖国大好河山的情怀,福建某初级中学组织九年级学生外出游玩,团支书将分别写有土楼、清源山、鸳鸯溪的三张卡片背面朝上放在桌上,从中随机选取一张作为游玩地点,则去清源山游玩的概率是____.
【答案】
【分析】直接利用概率公式解答即可.
【详解】从三张卡片中随机抽取一张,抽到每一张卡片的概率均为,则去清源山游玩的概率是.
故答案为:.
【点睛】本题考查了概率的公式的应用,注意:概率=所求情况数与总情况数之比.
7.已知的半径为1,则它的内接正三角形边心距为____________.
【答案】##
【分析】根据题意画出图形,根据含30度角的直角三角形的性质,即可求解.
【详解】解:如图,是等边三角形,是的外接圆,过点作,连接,,,
,,
∴,
在中,,
故答案为:.
【点睛】本题考查了正多边形与圆,等边三角形的性质,含30度角的直角三角形的性质,掌握以上知识是解题的关键.
8.小明在一个小正方体的六个面上分别标了1、2、3、4、5、6六个数字,随意地掷出小正方体,则P(掷出的数字小于7)=________;P(掷出的数字小于3)=_________;
【答案】 1
【分析】掷一枚均匀的小正方体,6个面上分别标有数字1~6,因而出现每个数字的机会相同,根据概率公式即可求解.
【详解】掷出地数字小于7的情况有6种,总的情况有6种,所以
P(掷出地数字小于7)==1,
掷出地数字小于3的情况有1、2共2种,总的情况有6种,
P(掷出地数字等于7)==.
故答案为:1;.
【点睛】本题考查求等可能事件发生概率.列出所有等可能出现的情况是解题的关键.
9.某校初三(2)班想举办班徽设计比赛,全班50名同学,计划每位同学交设计方案一份,拟评选出10份为一等奖,那么该班某位同学获一等奖的概率为______________.
【答案】
【分析】由题意,用一等奖的份数除以全班学生数即为所求的概率.
【详解】解:根据题意分析可得:共50分设计方案,拟评选出10份为一等奖,那么该班某同学获一等奖的概率为:.
故答案为:.
【点睛】此题考查概率的求法:如果一个事件有n种可能,而且这些事件的可能性相同,其中事件A出现m种结果,那么事件A的概率P(A)=.
10.如图,AB为⊙O的直径,CD切⊙O于点C,交AB的延长线于D,且CO=CD,则∠A的度数为______.
【答案】22.5°
【分析】首先根据切线的性质可得∠OCD=90°,再根据等边对等角可得∠COD=∠D=(180°90°)÷2=45°,然后再根据圆周角定理可得答案.
【详解】解:∵CD切⊙O于点C,
∴∠OCD=90°,
∵CO=CD,
∴∠COD=∠D=(180°-90°)÷2=45°,
∵∠CAB=∠COD=22.5°
故答案为:
【点睛】此题主要考查了切线的性质,以及圆周角定理,关键是掌握圆的切线垂直于经过切点的半径.
11.在平面直角坐标系中,把点P(−3,1)绕原点顺时针旋转90°得到点P1,则点P1的坐标是________.
【答案】
【分析】根据网格的特征,画出图形解决问题即可.
【详解】解:由题意知,作图如下,
∴由图象可知的坐标为,
故答案为:.
【点睛】本题考查了坐标与图形变化—旋转等知识,解题的关键在于熟练掌握旋转变换并根据题意作图.
12.如图,在△ABC中,,,,点D是BC上一动点(点D与点B不重合),连接AD,作B关于直线AD的对称点E,当点E在直线BC的下方时,连接BE、CE,则CE的取值范围是__________;△BEC面积的最大值为__________.
【答案】 4
【分析】利用对称可知E点在以A点为圆心、AE为半径的圆上,即可知CE的长度不超过BC的长度,当E点移动到F点时,使得A、C、F三点共线,此时CF最短;当点E移动到使得AE⊥BC时,A点到BC的距离最短,则E点到BC的距离最大,则此时△BCE的面积最大,设AE交BC于点G点,利用已知的长度即可解答.
【详解】∵B、E关于AD对称,
∴AE=AB=4,
则可知E点在以A点为圆心、AE为半径的圆上,
如图,
在Rt△ABC中,AB=4,AC=3,则BC=5,
当E点与B点重合时,有CE最长,即为5;
又∵B、E不重合,
∴有,
当E点移动到F点时,使得A、C、F三点共线,此时CF最短,且为CF=AF-AC=4-3=1,
即CE最短为1,
即CE的取值范围为:;
当点E移动到使得AE⊥BC时,A点到BC的距离最短,则E点到BC的距离最大,
则此时△BCE的面积最大,设AE交BC于点G点,
利用面积可知,则可求得AG=2.4,
∵AE=AB=4,
∴EG=4-2.4=1.6,
则△BCE的面积最大值为:,
即△BCE的面积的最大值为4;
故答案为:,4.
【点睛】本题考查了轴对称、圆的相关知识以及三角形的面积等知识,利用对称得出E点在以A点为圆心、AE为半径的圆上,是解答本题的关键.
13.某班学生做抛图钉的实验,实验结果如下:
抛掷次数n
300
400
500
600
700
800
900
1000
钉尖着地的频数m
122
158
193
231
274
311
352
389
钉尖着地的频率
0.4067
0.3950
0.3860
0.3850
0.3914
0.3888
0.3911
0.3890
根据以上信息,估计掷一枚这样的图钉,落地后钉尖着地的概率为_______(精确到0.01).
【答案】0.39
【分析】大量重复实验时,事件发生的频率在某个固定位置左右摆动,并且摆动的幅度越来越小,根据这个频率稳定性定理,可以用频率的集中趋势来估计概率,这个固定的近似值就是这个事件的概率.
【详解】解:观察表格发现:随着实验次数的增多,顶尖着地的频率逐渐稳定到0.39附近,
所以估计掷一枚这样的图钉,落地后钉尖着地的概率为0.39,
故答案为:0.39.
【点睛】本题考查了利用频率估计概率,当实验的所有可能结果不是有限个或结果个数很多,或各种可能结果发生的可能性不相等时,一般通过统计频率来估计概率.
14.如图,在,,,,将绕点B逆时针旋转90°得到,连接,则的长为__________.
【答案】
【分析】在,中利用勾股定理求得,利用旋转的性质和勾股定理求得即可.
【详解】解:在,
,,
由旋转可知,
故答案为:
【点睛】本题考查了旋转的性质、用勾股定理求边长;解题的关键是掌握旋转图形对应边相等,对应边的夹角等于旋转角.
15.如图,扇形的圆心角为90°,半径OC=2,∠AOC=30°,CD⊥OB于点D,则阴影部分的面积是_____.
【答案】π﹣.
【分析】先利用互余计算出∠BOD=60°,再根据含30度的直角三角形三边的关系计算出OD=1,CD=,然后根据扇形的面积公式,利用阴影部分的面积=S扇形BOC﹣S△COD进行计算.
【详解】解:∵∠AOB=90°,∠AOC=30°,
∴∠BOD=60°,
∵CD⊥OB,
∴∠CDO=90°,
∴OD=OC=1,CD=OD=,
∴阴影部分的面积=S扇形BOC﹣S△COD
=﹣×1×
=π﹣.
故答案为π﹣.
【点睛】此题主要考查圆内阴影部分面积求解,解题的关键是熟知扇形面积公式.
16.如图,已知是的切线,是切点是过圆心的一条割线,点、是它与的交点,且,.则的半径为________.
【答案】6
【分析】根据切割线定理得PA2=PB•PC,从而可求得PC与BC的长,从而不难求得半径的长.
【详解】解:∵PA2=PB•PC,PA=8,PB=4,∴PC=16,∴BC=12,∴圆的半径是6.
【点睛】本题主要是运用了切割线定理,注意最后要求的是圆的半径.
17.点P(1,2)关于原点中心对称的点的坐标为_______.
【答案】(-1,-2)
【分析】平面直角坐标系中任意一点P(x,y),关于原点的对称点是(﹣x,﹣y).据此作答.
【详解】解:根据中心对称的性质,得点P(1,2)关于原点中心对称的点的坐标为(-1,-2).
故答案为:(-1,-2).
【点睛】本题主要考查了关于原点对称的点的坐标特征,熟知关于原点对称的点的坐标特征是解题的关键.
18.扇形是由一条________和经过______________的两条半径所组成的图形.
【答案】 弧 这条弧的端点
【详解】试题解析:扇形是由一条(弧)和经过(这条弧的端点)的两条半径组成的平面图形.
故答案为弧,这条弧的端点.
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