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贵州省遵义市九坪中学2022-2023学年高二数学理上学期期末试题含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. (5分)设函数y=f(x)(x∈R)的导函数为f′(x),且f′(x)<f(x),则下列成立的是( )
A.
e﹣2f(2)<ef(﹣1)<f(0)
B.
ef(﹣1)<f(0)<e﹣2f(2)
C.
ef(﹣1)<e﹣2f(2)<f(0)
D.
e﹣2f(2)<f(0)<ef(﹣1)
参考答案:
D
因为f′(x)<f(x),所以得f′(x)﹣f(x)<0.
构造函数,则,
因为f′(x)﹣f(x)<0,ex>0,
所以F'(x)<0,即函数在定义域上单调递减,所以,
即e﹣2f(2)<f(0)<ef(﹣1).
故选D.
2. 用数字0,1,2,3,4组成没有重复数字的五位数,其中数字1,2相邻.这样的五位数有 个.
参考答案:
36
略
3. 已知F1、F2是椭圆的两焦点,过点F2的直线交椭圆于A、B两点,在△AF1B中,若有两边之和是10,则第三边的长度为( )
A.6 B.5 C.4 D.3
参考答案:
A
【考点】椭圆的简单性质.
【分析】由椭圆的定义得,所以|AB|+|AF2|+|BF2|=16,由此可求出|AB|的长.
【解答】解:由椭圆的定义得
两式相加得|AB|+|AF2|+|BF2|=16,
又因为在△AF1B中,有两边之和是10,
所以第三边的长度为:16﹣10=6
故选A.
4. 已知满足在上恒成立,且 , 则
A. B.
C. D.
参考答案:
B
略
5. 若实轴长为2的双曲线上恰有4个不同的点满足,其中,,则双曲线C的虚轴长的取值范围为( )
A. B.
C. D.
参考答案:
C
【分析】
设点,由结合两点间的距离公式得出点P的轨迹方程,将问题转化为双曲线C与点P的轨迹有4个公共点,并将双曲线C的方程与动点P的轨迹方程联立,由得出b的取值范围,可得出答案。
【详解】依题意可得,设,则由,
得,整理得.
由得,
依题意可知,解得,
则双曲线C的虚轴长.
6. “”是“”的
A.充分而不必要条件 B. 必要而不充分条件 C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件
参考答案:
B
7. 已知点在直线上运动,则的最小值是 ( )
A. B. C. D. 18
参考答案:
C
8. 若双曲线的离心率为2,则等于( )
A. B. C. D.
参考答案:
D
略
9. 某程序框图如图所示,则该程序运行后输出的值是( )
A.2011 B.2012 C.2013 D.2014
参考答案:
B
略
10. 从{1,2,3,4,5}中随机选取一个数为a,从{1,2,3}中随机选取一个数为b,则b>a的概率是( )
A. B. C. D.
参考答案:
D
该试验所有基本事件(a,b)可在平面直角坐标系中表示出来如下图.
易知所有基本事件有5×3=15个,记“b>a”为事件A,则事件A所含基本事件有3个.
∴P(A)==,故选D.
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 设,,,则a,b,c的大小关系为__________.
参考答案:
【分析】
利用分析法比较b与c的大小,再同理比较与,与的大小即可.
【详解】,成立,
故;
又,
;
综上知,.
故答案为:.
【点睛】本题考查不等关系与不等式,突出分析法在比较大小中的应用,属于中档题.
12. 对于平面上的点集,如果连接中任意两点的线段必定包含于,则称为平面上的凸集。给出平面上4个点集的图形如下(阴影区域及其边界):其中为凸集
(1) (2) (3) (4)
的是 (写出所有凸集相应图形的序号)。
参考答案:
②③
略
13. 某县总工会利用业余时间开设太极、书法、绘画三个培训班,甲、乙、丙、丁四人报名参加,每人只报名参加一项,且甲乙不参加同一项,则不同的报名方法种数为_____________.
参考答案:
54
【分析】
通过题意可以知道,甲乙两人有一个人可以选三个班,一个人选二个班,丙、丁二人都可以选三个班,根据乘法计数原理,可以求出不同的报名方法种数.
【详解】甲有三个培训可选,甲乙不参加同一项,所以乙有二个培训可选,丙、丁各有三个培训可选,根据乘法计数原理,不同的报名方法种数为.
【点睛】本题考查了乘法计数原理,正确理解题意是解题的关键,由题意分析出是加法计数原理还是乘法计数原理是解题的难点.
14. 已知点(-3,-1)和(4,-6)在直线3x-2y+a=0的异侧,则a的取值范围为 。
参考答案:
15. 已知双曲线C:﹣=1,若存在过右焦点F的直线与双曲线C相交于A、B两点,且=3,则双曲线C的离心率的最小值为 .
参考答案:
2
【考点】双曲线的简单性质.
【分析】由题意,A在双曲线的左支上,B在右支上,根据=3,可得3x2﹣x1=2c,结合坐标的范围,即可求出双曲线离心率的最小值.
【解答】解:由题意,A在双曲线的左支上,B在右支上,
设A(x1,y1),B(x2,y2),右焦点F(c,0),
∵=3,∴c﹣x1=3(c﹣x2),
∴3x2﹣x1=2c.
∵x1≤﹣a,x2≥a,∴3x2﹣x1≥4a,
∴2c≥4a,∴e=≥2,
∴双曲线离心率的最小值为2,
故答案为:2.
16. 如图所示,将数以斜线作如下分群:(1),(2,3),(4,6,5),(8,12,10,7),(16,24,20,14,9),… 并顺次称其为第1群,第2群,第3群,第4群,…。
1
3
5
7
9
…
2
6
10
14
18
…
4
12
20
28
36
…
8
24
40
56
72
…
16
48
80
112
114
…
…
…
…
…
…
…
⑴第7群中的第2项是: ;
⑵第n群中n个数的和是:
参考答案:
17. 某同学一个学期内各次数学测验成绩的茎叶图如图所示,则该组数据的中位数是__________.
参考答案:
83
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. 某校在2011年的自主招生考试成绩中随机抽取100名学生的笔试成绩,被抽取学生的成绩均不低于160分,且低于185分,图是按成绩分组得到的频率分布表的一部分(每一组均包括左端点数 据而不包括右端点数据),且第3组、第4组、第5组的频数之比依次为3:2:1.
(1)请完成频率分布直方图;
(2)为了能选拔出最优秀的学生,该高校决定在笔试成绩较高的第3组、第4组、第5组中用分层抽样的方法抽取6名学生进入第二轮面试,求第4、5组每组各抽取多少名学生进入第二轮面试;
(3)在(2)的前提下,学校决定在6名学生中随机抽取2名学生由考官A面试,求第4组至少有一名学生被考官A面试的概率.
参考答案:
【考点】频率分布直方图;等可能事件的概率.
【分析】(1)由题意知第1,2组的频数分别为:5,35.故第3,4,5组的频数之和为:60,得其频数依次为30,20,10,其频率依次为0.3,0.2,0.1.
(2)用分层抽样抽取6人.故第3,4,5组中应抽取的学生人数依次为:3,2,1.
(3)有题意可知:抽取两人作为一组共有15种等可能的情况,其中共有(A1,B1),(A1,B2),(A2,B1),(A2,B2),(A3,B1),(A3,B2),(B1,B2),(B1,C),(B2,C)共9种,因此所求事件的概率为.
【解答】解:(1)由题意知第1,2组的频数分别为:100×0.01×5=5,100×0.07×5=35.
故第3,4,5组的频数之和为:60,从而可得其频数依次为30,20,10,
其频率依次为0.3,0.2,0.1,其频率分布直方图如右图.
(2)由第3,4,5组共60人,用分层抽样抽取6人.
故第3,4,5组中应抽取的学生人数依次为:第3组:;
第4组:;第5组:.
(3)由(2)知共有6人(记为A1,A2,A3,B1,B2,C)被抽出,其中第4组有2人(记为B1,B2).
有题意可知:抽取两人作为一组共有15种等可能的情况,其中共有(A1,B1),(A1,B2),(A2,B1),
(A2,B2),(A3,B1),(A3,B2),(B1,B2),(B1,C),(B2,C)共9种,
因此所求事件的概率为.
19. 如图,在四棱锥P﹣ABCD中,PA⊥平面ABCD,∠DAB为直角,AB∥CD,AD=CD=2AB=2,E,F分别为PC,CD的中点.
(Ⅰ)证明:AB⊥平面BEF;
(Ⅱ)若PA=,求二面角E﹣BD﹣C.
参考答案:
【考点】二面角的平面角及求法;直线与平面垂直的判定.
【分析】(Ⅰ)只需证明AB⊥BF.AB⊥EF即可.
(Ⅱ)以A为原点,以AB,AD,AP为x轴,y轴,z轴正向建立空间直角坐标系,
求出平面CDB的法向量为,平面EDB的法向量为,
设二面角E﹣BD﹣C的大小为θ,则=,
【解答】解:(Ⅰ)证:由已知DF∥AB且∠DAB为直角,故ABFD是矩形,
从而AB⊥BF.
又PA⊥底面ABCD,∴平面PAD⊥平面ABCD,
∵AB⊥AD,故AB⊥平面PAD,∴AB⊥PD,
在△PCD内,E、F分别是PC、CD的中点,EF∥PD,∴AB⊥EF.
由此得AB⊥平面BEF…
(Ⅱ)以A为原点,以AB,AD,AP为x轴,y轴,z轴正向建立空间直角坐标系,
则
设平面CDB的法向量为,平面EDB的法向量为,
则 可取
设二面角E﹣BD﹣C的大小为θ,则=,
所以,…
20. 已知四棱锥P﹣ABCD中,底面ABCD是矩形,PA⊥平面ABCD,PA=AD=1,AB=3,F是PD的中点,E是线段AB上的点.
(1)当E是AB的中点时,求证:AF∥平面PEC.
(2)当AE:BE=2:1时,求二面角E﹣PC﹣D的余弦值.
参考答案:
【考点】二面角的平面角及求法;直线与平面平行的判定.
【分析】(1)取PC中点G,连结FG,EG,推导出四边形AEGF是平行四边形,从而AF∥EG,由此能证明AF∥平面PEC.
(2)以A为原点,AB为x轴,AD为y轴,AP为z轴,建立空间直角坐标系,利用向量法能求出二面角E﹣PC﹣D的余弦值.
【解答】证明:(1)取PC中点G,连结FG,EG,
∵四棱锥P﹣ABCD中,底面ABCD是矩形,PA⊥平面ABCD,F是PD的中点,E是线段AB的中点,
∴FGDC,AEDC,∴FGAE,
∴四边形AEGF是平行四边形,∴AF∥EG,
∵EG?平面PEC,AF?平面PEC,
∴AF∥平面PEC.
解:(2)以A为原点,AB为x轴,AD为y轴,AP为z轴,建立空间直角坐标系,
由题意得E(2,0,0),P(0,0,1),C(3,1,0),D(0,1,0),
=(3
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