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2023届上海市比乐中学高三上学期12月月考数学试题
一、填空题
1.设全集,,,则___________.
【答案】##
【分析】根据补集贺交集的定义即可得解.
【详解】解:因为,
所以或,
所以.
故答案为:.
2.已知角的终边过点,则__________.
【答案】
【分析】根据三角函数的定义,结合已知条件,直接求解即可.
【详解】因为角的终边过点,故可得.
故答案为:.
3.若复数满足,其中为虚数单位,则_________.
【答案】
【详解】设,则
【解析】复数相等,共轭复数
4.设向量,若,则______________.
【答案】5
【分析】根据向量垂直,结合题中所给的向量的坐标,利用向量垂直的坐标表示,求得结果.
【详解】由可得,
又因为,
所以,
即,
故答案为:5.
【点睛】本题考查有关向量运算问题,涉及到的知识点有向量垂直的坐标表示,属于基础题目.
5.已知集合,,则____________.
【答案】
【分析】分别求出集合,再求交集即可.
【详解】由题意得,,所以.
故答案为:
6.如果,为第三象限角,则________.
【答案】
【分析】由条件,为第三象限角,可求出,再由诱导公式可得,从而可得答案.
【详解】由,为第三象限角,有.
由诱导公式可得
所以
故答案为:
【点睛】本题考查同角三角函数的关系和诱导公式,注意角的范围,属于基础题.
7.已知向量,若,则________.
【答案】4
【分析】根据已知条件,由,可得,即,从而即可求解.
【详解】解:因为,所以,即,
所以,
又,所以,
所以,
故答案为:4.
8.设正数满足,则的最小值是_____________.
【答案】6
【分析】由题设知,再由,得到,所以,设,由此可求出的取值范围得答案.
【详解】解:正数,满足,,,
又,所以左右加上得到,所以,
由得到,
设,即,
解得或,即或.
根据定义域,均大于零,所以取值范围是.所以的最小值是6,
故答案为:.
9.等比数列的首项,前项和为,若,则______.
【答案】
【分析】设等比数列的公比为,由可求出,从而可求出,进而可求出
【详解】设等比数列的公比为,由题意可知,
因为,
所以,化简得,
,得,
所以,
所以,
故答案为:
10.如图,函数图像与轴交于点,与轴交于点,则______.
【答案】
【分析】由题意得或,且,,结合图象有求范围,即可确定参数值.
【详解】由题设且,
所以或,且,,
当时,,,故,,
当时,,,故,,
由图知:,可得,
综上,时,此时,故.
故答案为:
11.设函数若不等式的解集为则实数的取值范围为___________.
【答案】
【分析】利用分段函数,结合指数函数的单调性,推出不等式,求解即可得到答案.
【详解】,且,设函数,若不等式的解集是,,
当时,,可得,解得;
当,即时,,不等式恒成立可得.
综上可得.
实数的取值范围为:,.
故答案为:,.
【点睛】本题考查分段函数的应用,函数的单调性的应用,考查分析问题解决问题的能力,是中档题.
12.如图,已知是半径为圆心角为的一段圆弧上的一点,若,则的取值范围是__________.
【答案】
【分析】建立如图平面直角坐标系,运用坐标法可得,即可讨论值域
【详解】如图所示,建立平面直角坐标系,则,,, ,
由,则,即有,
∵,∴.
故答案为:
二、单选题
13.给定空间中的直线与平面,则“直线与平面垂直”是“直线垂直于平面内无数条直线”的( )
A.充分非必要条件 B.必要非充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
【答案】A
【分析】根据直线与平面垂直的定义,结合充分条件和必要条件的判定,即可求解.
【详解】由题意,若“直线与平面垂直”则“直线垂直于平面内无数条直线”成立的,所以充分性是成立的;
若“直线垂直于平面内无数条直线”则直线“直线不一定平面垂直”,所以必要性不成立,
所以“直线与平面垂直”是“直线垂直于平面内无数条直线”成立的充分不必要条件.
故选A.
【点睛】本题主要考查了充分条件、必要条件的判定,其中解答中熟记直线与平面垂直的定义,结合充分条件和必要条件的判定方法是解答的关键,着重考查了分析问题和解答问题的能力,属于基础题.
14.已知为非零向量,则在方向上的投影为( )
A. B. C. D.
【答案】A
【分析】根据向量数量积的定义及几何意义即可求得在方向上的投影.
【详解】解:设向量的夹角为,则在方向上的投影为
又由向量数量积的定义知,所以,即则在方向上的投影为.
故选:A.
15.已知均为复数,则下列命题不正确的是( )
A.若则为实数 B.若,则为纯虚数
C.若,则为纯虚数 D.若,则
【答案】C
【分析】设复数,利用复数的基本运算,以及复数方程的运算,即可判定,得到答案.
【详解】由题意,设复数,
对于A中,由,即,解得,所以复数为实数,所以A正确;
对于B中,复数,因为,可得,所以复数为纯虚数,所以是正确的;
对于C中,当时,满足,所以复数不一定为纯虚数,所以不正确;
对于D中,由,可得,即,解得或,
所以,所以是正确的.
故选C.
【点睛】本题主要考查了复数的代数形式的乘除运算,以及复数的基本概念和复数方程的应用,其中解答中熟练利用复数的代数形式的四则运算,以及熟记复数的基本概念是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.
16.关于三个不同平面与直线,下列命题中的假命题是( )
A.若,则内一定存在直线平行于
B.若与不垂直,则内一定不存在直线垂直于
C.若,,,则
D.若,则内所有直线垂直于
【答案】D
【分析】对四个选项,利用正方体中的线和面的关系,逐一验证,由此得出是假命题的选项.
【详解】画出一个正方体如下图所示.平面平面,而,即平行于这两个垂直平面的交线,有平面,故选项命题是真命题,且选项命题是假命题.根据面面垂直的判定定理可知,B选项命题是真命题.由下图可知,平面和平面同时垂直于平面,它们的交线也垂直平面,故选项C命题是真命题.综上所述,本题选D.
【点睛】本小题主要考查空点点线面的位置关系,考查面面垂直的判定与性质,属于基础题.
三、解答题
17.如图,在四棱锥中,⊥平面,正方形的边长为,,设为侧棱的中点.
(1)求四棱锥的体积;
(2)求直线与平面所成角的大小.
【答案】(1);
(2).
【分析】(1)利用锥体的体积公式即得;
(2)利用坐标法,根据线面角的向量求法即得.
【详解】(1)在四棱锥中,⊥平面,正方形的边长为2,,为侧棱的中,
所以,点到平面为高,
又因为,
所以,四棱锥的体积;
(2)如图,以为原点,建立空间直角坐标系,
则,,,,,
所以,,,
设平面的法向量,则,
取,得,
因为直线与平面所成角为,
,
,
因此,直线与平面所成角为.
18.已知,,为△ABC的三个内角,向量,,且.
(1)求的大小;
(2)若,求△ABC的面积.
【答案】(1);(2).
【分析】(1)由题意结合向量垂直的充分必要条件得到三角方程,结合三角形的特征和三角方程可得∠A的大小;
(2)由题意结合余弦定理得到的值,然后结合面积公式即可求得△ABC的面积.
【详解】(1)由,可得·=0,
即·,又,,
所以,
即,又,
∴,故.
(2)在△ABC中,由,
可得,
即,
故,
∴.
【点睛】在处理三角形中的边角关系时,一般全部化为角的关系,或全部化为边的关系.题中若出现边的一次式一般采用到正弦定理,出现边的二次式一般采用到余弦定理.应用正、余弦定理时,注意公式变式的应用.解决三角形问题时,注意角的限制范围.
19.某地政府决定向当地纳税额在4万元至8万元(包括4万元和8万元)的小微企业发放补助款,发放方案规定:补助款随企业纳税额的增加而增加,且补助款不低于纳税额的50%.设企业纳税额为(单位:万元),补助款为(单位:万元),其中为常数.
(1)分别判断,时,是否符合发放方案规定,并说明理由;
(2)若函数符合发放方案规定,求的取值范围.
【答案】(1)b=0时,符合发放方案规定,b=1时,不符合发放方案规定;
(2).
【分析】(1)根据题意,需要判断函数在上是否单调递增,在上是否恒大于等于零,进而得到答案;
(2)根据题意,在上单调递增,且在上恒大于等于零,进而求出b的取值范围.
【详解】(1)若,则,函数在上单调递增,令,显然在上恒大于0,满足题意.
若,则,函数在上单调递增,令,易知,不合题意.
所以时,符合发放方案规定,时,不符合发放方案规定.
(2)①由题意,在上单调递增,则.
②令,由题意,在上恒成立,
若,在上单调递增,则,于是;
若,在上单调递减,则,舍去;
若,则,舍去.
所以.
综合①②得:.
20.已知函数,其中.
(1)求的单调区间;
(2)当时,记在区间的最大值为,最小值为,求的取值范围.
【答案】(1)单调递增区间为、,减区间为
(2)
【分析】(1)利用导数与函数单调性的关系可求得函数的增区间和减区间;
(2)分、两种情况讨论,结合(1)中的结论求出、的表达式,结合导数法与函数的单调性可求得的取值范围.
【详解】(1)解:函数的定义域为,,
当时,由可得,由可得或,
所以,函数的单调递增区间为、,减区间为.
(2)解:因为,则,则函数在区间上单调递减,在上单调递增,
所以,当时,,
因为,,则,
所以,,令.
①若,则,
,故函数在上单调递减,此时;
②若,则.
综上所述,的取值范围是.
【点睛】方法点睛:求函数在区间上的最值的方法:
(1)若函数在区间上单调,则与一个为最大值,另一个为最小值;
(2)若函数在区间内有极值,则要求先求出函数在区间上的极值,再与、比大小,最大的为最大值,最小的为最小值;
(3)若函数在区间上只有唯一的极大点,则这个极值点就是最大(最小)值点,此结论在导数的实际应用中经常用到.
21.已知数列和有,,而数列的前项和.
(1)求数列的通项公式;
(2)证明数列为等比数列,其中;
(3)如果,试证明数列的单调性.
【答案】(1)
(2)证明见解析
(3)证明见解析
【分析】(1)根据数列的前项和与通项的关系求解即可.
(2)根据给定的递推关系,结合等比数列定义计算判断作答.
(3)由(1)求出数列的通项,再求出,并利用作差法比较大小作答.
【详解】(1)因为,所以,
又当时,,所以;
(2)
,而,
所以数列为以为首项,以为公比的等比数列;
(3),,
,
所以当时,,数列为递减数列.
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