（新高考）高考物理3月月考卷（A卷）(解析版A3版)

（新高考）高考物理3月月考卷此卷只装订不密封 班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 物 理 （A） 注意事项： 1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。 2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．图为2022年深圳春节期间路灯上悬挂的灯笼，三个灯笼由轻绳连接起来挂在灯柱上，O为结点，轻绳OA、OB、OC长度相等，无风时三根绳拉力分别为FA、FB、FC。其中OB、OC两绳的夹角为60°，灯笼总质量为3m，重力加速度为g。下列表述正确的是(　　) A．FB一定小于mg B．FB与FC是一对平衡力 C．FA与FC大小相等 D．FB与FC合力大小等于3mg 【答案】D 【解析】三个灯笼受到重力与OA的拉力，所以OA的拉力FA＝3mg，三根绳子等长，可知OB与OC的拉力是相等的；对O点进行受力分析如图，可知FBcos 30°＋FCcos 30°＝FA＝3mg，所以FB＝FC＝mg，故AC错误，D正确；由图可知，FB与FC的方向不在同一条直线上，所以不是一对平衡力，故B错误。 2．做匀变速直线运动的质点，在开始运动的前2 s内平均速度大小为10 m/s，则质点在第2 s内的平均速度大小(　　) A．不可能小于10 m/s B．不可能大于10 m/s C．有可能等于10 m/s D．不可能等于0 【答案】C 【解析】若质点做匀减速运动，则质点在第2 s内的平均速度可以小于10 m/s或为0，如竖直上抛运动在1.5 s末到达最高点，故AD错误；若质点做匀加速直线运动，则在第2 s内的平均速度大于10 m/s，故B错误；质点在第2 s的平均速度可以大于或小于10 m/s，因此也可以等于10 m/s，故C正确。 3．如图所示，带电小球P绕O点在竖直平面内做圆周运动，a、b连线为该圆竖直直径。已知该空间匀强电场的方向竖直向下，匀强磁场方向垂直纸面向里，则小球在做圆周运动过程中，下列判断正确的是(　　) A．小球可能带正电 B．小球在运动过程中机械能不守恒 C．小球一定沿逆时针方向做匀速圆周运动 D．小球运动到a时的电势能大于运动到b时的电势能 【答案】B 【解析】小球做圆周运动，则电场力与重力平衡，所以电场力竖直向上，因为电场竖直向下，所以小球带负电，A错误；小球在运动过程中电场力做功，所以机械能不守恒，B正确；小球运动过程中，洛伦兹力提供向心力，所以根据左手定则，小球沿顺时针方向运动。因为小球运动半径不变，所以小球的线速度大小不变，即小球做匀速圆周运动，C错误；从a到b，电场力做负功，电势能增加，所以小球运动到a时的电势能小于运动到b时的电势能，D错误。 4．“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星，被称为“太空110”，它可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命，假设“轨道康复者”的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，其运动方向与地球自转方向一致，轨道平面与地球赤道平面重合，下列说法正确的是(　　) A．“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的倍 B．“轨道康复者”的速度大于地球的第一宇宙速度 C．站在赤道上的人的角速度大于“轨道康复者”的角速度 D．“轨道康复者”可在高轨道上加速，以实现对低轨道上卫星的拯救 【答案】A 【解析】卫星做匀速圆周运动，由公式＝m可得v＝，因为“轨道康复者”的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，所以其速度是地球同步卫星速度的倍，故A正确；由v＝可知半径越小，速度越大，故B错误；根据公式＝mω2r，可得ω＝，地球赤道的角速度跟地球同步卫星的角速度相同，因此半径越大，角速度越小，故C错误；在高轨道加速，卫星将做离心运动，轨道将变高，不可能实现对低轨道卫星的拯救，故D错误。 5．世界上最高的跳伞是由奥地利极限运动家鲍姆加特纳完成的，他从3.9×104 m高空自由坠落，最终安全跳伞着陆。直播画面显示，气球升至3.9×104 m高空后，他开始无初速下落。摄像机镜头跟踪鲍姆加特纳坠落过程，显示一个小白点急速下坠，开始下落后46 s时，速度达到1150 km/h，其运动过程的最大速度为1342 km/h；在距着陆点1524 m高时，他打开了降落伞；又经过几分钟，他双脚着地，平稳着陆。忽略高度对重力加速度g的影响，则(　　) A．开始下落的前46 s，可以认为鲍姆加特纳及装备只受重力作用 B．从开始下落至打开降落伞之前，鲍姆加特纳的重力的功率保持不变 C．下落过程中有一段时间，鲍姆加特纳处于超重状态 D．整个下落过程，鲍姆加特纳一直处于失重状态 【答案】C 【解析】Δt＝46 s，Δv＝1150 km/h＝319 m/s，a＝＝6.9 m/s2＜9.8 m/s2，可知空气阻力是不能忽略的，故A错误；由于在达到最大速度之前一直在加速，由功率公式P＝mgv，B错误；为了安全降落，运动员在落地前必定有一段时间要向下做减速运动，此时有一个向上的加速度，处于超重状态，C正确，D错误。 6．一辆小车置于光滑水平面上，车左端固定一水平弹簧枪，右端装一网兜。若从弹簧枪中发射一粒弹丸，恰好落在网兜内，空气阻力不计，结果小车将(　　) A．向左移动一段距离停下 B．在原位置没动 C．向右移动一段距离停下 D．一直向左移动 【答案】A 【解析】弹簧枪发射弹丸后，依靠反冲小车向左运动，当飞行的弹丸落入右端网兜时，因系统动量守恒，小车又停止。 7．用起重机将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，其v－t图象如图所示，下列说法正确的是(　　) A．在0～t1时间内，起重机拉力逐渐变大 B．在t1～t2时间内，起重机拉力的功率保持不变 C．在t1～t2时间内，货物的机械能保持不变 D．在t2～t3时间内，起重机拉力对货物做负功 【答案】B 【解析】在0～t1时间内，货物加速上升，加速度逐渐减小，根据牛顿第二定律有F－mg＝ma，F＝m(g＋a)，故拉力逐渐减小，故A错误；在t1～t2时间内，货物匀速上升，故拉力等于重力，起重机拉力的功率P＝Fv，保持不变，故B正确；在t1～t2时间内，货物匀速上升，动能不变，重力势能增加，故机械能总量增加，故C错误；在t2～t3时间内，货物减速上升，拉力向上，位移向上，故拉力依然做正功，故D错误。 8．如图，波速大小相同、振幅均为2 cm的两列简谐波，甲波(实线)沿x轴正方向传播，乙波(虚线)沿x轴负方向传播。在t0＝0时刻的部分波形如图所示，在t1＝0.15 s时，两列波第一次完全重合。下列说法正确的是(　　) A．甲、乙两列波的周期均为0.4 s B．甲、乙两列波的波速大小均为5 m/s C．甲、乙两列波的波速大小均为10 m/s D．t2＝0.5 s时，甲、乙两列波的波形第二次完全重合 【答案】B 【解析】由图可知的波长均为4 m，取甲、乙两个相邻波峰为研究对象，两列波的波速大小均为，周期均为，故B正确，AC错误；从图上可以得出甲、乙两列波的波形第二次完全重合波形运动距离x2＝0.5 m＋5 m＝5.5 m，需要时间，故D错误。 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 9．如图所示，平行板电容器通过一滑动变阻器R与直流电源连接，G为一零刻度在表盘中央的灵敏电流计，闭合开关S后，下列说法正确的是(　　) A．若只在两板间插入电介质，电容器的两板间电压将增大 B．若只在两板间插入电介质，电容器的电容将保持减小 C．若只将滑动变阻器滑片P向上移动，电容器储存的电荷量将增加 D．若只将电容器下极板向下移动一小段距离，此过程电流计中有从b到a方向的电流 【答案】CD 【解析】闭合开关S后，电容器板间电压等于变阻器下部分电阻的电压，保持不变，若只在两板间插入电介质，C＝，电容器的电容将增大，故AB错误；若只将滑动变阻器滑片P向上移动，电容器极板间电压增大，则电容器所带电荷增多，故C正确；若只将电容器下极板向下移动一小段距离，板间距离增大，电容减小，而电压不变，则电容器所带电量减小，电容器放电。由于上极板带正电，所以此过程电流计中有从b到a方向的电流，故D正确。 10．如图（甲）所示，在水平绝缘的桌面上，一个用电阻丝构成的闭合矩形线框置于匀强磁场中，线框平面与磁场垂直，规定磁场的方向垂直桌面向下为正，磁感应强度B随时间t的变化关系如图（乙）所示。线框中的感应电流i（规定逆时针为正）随时间t变化的图线和ab边受到的安培力F（规定向右为正）随时间t变化的图线，其中可能正确的是(　　) 【答案】BD 【解析】在0到1秒内，磁感应强度B均匀增加，则线框中产生感应电流，由楞次定律可得电流方向为逆时针，由法拉第电磁感应定律可得，感应电流大小恒定。由于规定电流逆时针方向为正，则由左手定则可得，ab边受到的安培力F方向向右，为正值，且大小随着磁感应强度B变化而变化。在1～2 s内，磁场不变，则线框中没有磁通量变化，所以没有感应电流，则线框也不受到安培力。故AC错误，BD正确。 11．如图甲所示为恒压电源给光敏电阻R供电时，流过此电阻的电流和其所受光照强度的关系图像。某同学利用此光敏电阻设计了一个台灯的自动控制电路，如图乙所示，T为一自耦式变压器。下列说法正确的是(　　) A．仅光照变强，R的阻值变小 B．仅光照变强，R中的电流变小 C．仅滑片P下滑，L中的电流频率变小 D．仅滑片P下滑，T的输入功率变小 【答案】AD 【解析】光敏电阻两端电压恒定，光越强，电流越大，根据欧姆定律，电阻越小，A正确，B错误；仅滑片P下滑，变压器不改变频率，所以L中的电流频率不变，C错误；仅滑片P下滑，输出电压减小，根据P＝可知，T的输入功率变小，D正确。 12．在竖直平面内建立直角坐标系，曲线y＝0.05x2位于第一象限的部分如图所示，在曲线上不同点以一定的初速度v0向x轴负方向水平抛出质量为m、带电荷量为＋q的小球，小球下落过程中都会通过坐标原点O，之后进入第三象限的匀强电场和匀强磁场区域（图中未画出），结果小球恰好在竖直面内做匀速圆周运动，并且都能打到y轴负半轴上。已知匀强磁场的磁感应强度大小为B，g取10 m/s2，则下列说法正确的是(　　) A．第三象限的电场强度大小为，方向竖直向下 B．小球的初速度为10 m/s C．第三象限的磁场方向一定是垂直纸面向里 D．要使所有的小球都能打到y轴的负半轴，所加磁场区域的最小面积是 【答案】BC 【解析】小球在第三象限做匀速圆周运动，则mg＝qE，即E＝，方向竖直向上，A错误；设小球释放点的坐标为(x，y)，由平抛规律可知x＝v0t，y＝gt2，又y＝0.05x2，联立解得v0＝10 m/s，B正确；根据题意结合左手定则可判断磁场方向垂直纸面向里，C正确；设小球最初进入第三象限时合速度为v，与y轴负半轴夹角为α，则有v0＝vsin α，洛伦兹力提供向心力qvB＝m，得r＝，小球在磁场中的偏转角恒为2α且运动轨迹的弦长不变，恒为，要