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2022-2023学年广东省江门市第九中学高三数学理联考试题含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 函数(其中)的图象如图所示,为了得到的图象,则只需将的图象 ( )
A.向右平移个长度单位
B.向右平移个长度单位
C.向左平移个长度单位
D.向左平移个长度单位
参考答案:
A
2. 已知函数上是增函数,且当,则a的取值范围是
A.(0,1) B.(1,2) C.(1,8) D.(1,16)
参考答案:
D
3. 已知函数,若,且,则________。
A. B. C. D.
参考答案:
D
略
4. .设集合M={-1,0,1},N={x|x2=x},则M∩N=
A.{-1,0,1} B.{0,1} C.{1} D.{0}
参考答案:
M={-1,0,1} M∩N={0,1}
【点评】本题考查了集合的基本运算,较简单,易得分.先求出,再利用交集定义得出M∩N.
5. 已知定义在R上的函数对任意的都满足,当 时,,若函数至少6个零点,则的取值范围是
A. B.
C. D.
参考答案:
A
略
6. (5分)已知函数f(x)=Acos(ωx+φ)(A>0,ω>0,0<φ<π)为奇函数,该函数的部分图象如图所示,△EFG是边长为2的等边三角形,则f(1)的值为( )
A. B. C. D.
参考答案:
D
【考点】: 余弦函数的奇偶性;余弦函数的图象.
【专题】: 计算题.
【分析】: 由f(x)=Acos(ωx+φ)为奇函数,利用奇函数的性质可得f(0)=Acosφ=0结合已知0<φ<π,可求 φ=,再由△EFG是边长为2的等边三角形,可得=A,结合图象可得,函数的周期T=4,根据周期公式可得ω,从而可得f(x),代入可求f(1).
解:∵f(x)=Acos(ωx+φ)为奇函数
∴f(0)=Acosφ=0
∵0<φ<π∴φ=
∴f(x)=Acos(ωx)=﹣Asinωx
∵△EFG是边长为2的等边三角形,则=A
又∵函数的周期 T=2FG=4,根据周期公式可得,ω=
∴f(x)=﹣Asinx=﹣
则f(1)=
故选D
【点评】: 本题中的重要性质要注意灵活运用:若奇函数的定义域包括0,则f(0)=0;解决本题的另一关键是要由△EFG是边长为2的等边三角形,及三角形与函数图象之间的关系得到=A,这也是本题的难点所在.
7. 已知复数,则的虚部为( )
A、1 B、 C、 D、
参考答案:
A
8. 如图所给的程序运行结果为S=35,那么判断框中应填入的关于k的条件是( )
A.k=7 B.k≤6 C.k<6 D.k>6
参考答案:
D
【考点】程序框图.
【专题】算法和程序框图.
【分析】根据程序,依次进行运行得到当S=35时,满足的条件,即可得到结论.
【解答】解:当k=10时,S=1+10=11,k=9,
当k=9时,S=11+9=20,k=8,
当k=8时,S=20+8=28,k=7,
当k=7时,S=28+7=35,k=6,
此时不满足条件输出,
∴判断框中应填入的关于k的条件是k>6,
故选:D.
【点评】本题主要考查程序框图的识别和判断,依次将按照程序依次进行运行即可.
9. 如图,在正四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1中,E、F分别是AB1、BC1的中点,则以下结论中不成立的是( )
A.EF与BB1垂直 B.EF与BD垂直 C.EF与CD异面 D.EF与A1C1异面
参考答案:
D
【考点】异面直线的判定.
【分析】观察正方体的图形,连B1C,则B1C交BC1于F且F为BC1中点,推出EF∥A1C1;分析可得答案.
【解答】解:连B1C,则B1C交BC1于F且F为BC1中点,三角
形B1AC中EF,所以EF∥平面ABCD,而B1B⊥面ABCD,
所以EF与BB1垂直;又AC⊥BD,所以EF与BD垂直,EF与CD异面.
由EF,AC∥A1C1得EF∥A1C1
故选D.
10. 已知函数上有两个零点,则的值为( )
A. B. C. D.
参考答案:
D
略
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 已知函数(>0)的图像与y轴交与P,与x轴的相邻两个交点记为A,B,若△PAB的面积等于,则 ;
参考答案:
,即.。△PAB的面积等于,即,所以。
12. 数列满足递推公式又,则使得为等差数列的实数的值为 .
参考答案:
13. 已知集合,,则___.
参考答案:
14. 已知函数的图像与直线以及x轴所围成的图形的面积为a,则的展开式中的常数项为 .(用数字作答)
参考答案:
15. 双曲线C:的左、右焦点分别为F1、F2,过F1的直线交双曲线左支于A、B 两点,则|AF2|+|BF2|的最小值为
参考答案:
9
.
16. 从某项综合能力测试中抽取100人的成绩,统计如表,则这100人成绩的标准差为 .
分数
5
4
3
2
1
人数
20
10
30
30
10
参考答案:
答案:
17. 已知直线与抛物线相交于A,B两点,O为坐标原点,则三角形OAB的面积为________.
参考答案:
【分析】
直线方程代入抛物线方程,利用韦达定理以及弦长公式求得的值,利用点到直线的距离公式求得O到直线的距离,根据三角形的面积公式即可得结果.
【详解】设,
由,整理得 ,
由韦达定理可知,
,
点到直线的距离,
则的面积,
故答案为.
【点睛】本题主要考查抛物线的性质,直线与抛物线的位置关系,考查韦达定理,点到直线的距离公式及三角形的面积公式,考查计算能力,属于中档题. .求曲线的弦长的方法:(1)利用弦长公式;(2)利用;(3)如果交点坐标可以求出,利用两点间距离公式求解即可.
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. 已知向量,夹角为锐角,求实数的范围.
参考答案:
且不平行,
所以且
解得:且,
所以,求实数的取值范围为
19. 如图,已知在四棱锥P-ABCD 中,底面ABCD是矩形,PA⊥平面ABCD,E、F、G分别是AB、PD、PC的中点.
(Ⅰ)求证:AF∥平面PEC;
(Ⅱ)若PD与平面ABCD所成角为60°,且AD=2,AB=4,求点A到平面PED的距离.
参考答案:
即点A到平面PED的距离为
略
20. (本小题满分12分) 在中,角的对边分别为,向量,向量,且;
(Ⅰ)求角的大小;
(Ⅱ)设中点为,且;求的最大值及此时的面积。
参考答案:
(Ⅰ)因为,故有
由正弦定理可得,即
由余弦定理可知,因为,所以……..5分
(Ⅱ)设,则在中,由可知,
由正弦定理及有;
所以,………..7分
所以
从而………..8分
由可知,所以当,
即时,的最大值为;………..10分
此时,所以.………..12分
21. 已知函数和点,过点作曲线的两条切线、,切点分别为、.
(Ⅰ)设,试求函数的表达式;
(Ⅱ)是否存在,使得、与三点共线.若存在,求出的值;若不存在,请说明理由.
(Ⅲ)在(Ⅰ)的条件下,若对任意的正整数,在区间内总存在个实数,,使得不等式成立,求的最大值.
参考答案:
(Ⅰ)设、两点的横坐标分别为、, ,
∴切线的方程为:,
又切线过点,
有,即, (1)
同理,由切线也过点,得.(2)
由(1)、(2),可得是方程的两根,
( * )
,
把( * )式代入,得,
因此,函数的表达式为.
(Ⅱ)当点、与共线时,,
=,即=,
化简,得,
,. (3)
把(*)式代入(3),解得.
存在,使得点、与三点共线,且 .
(Ⅲ)解法:易知在区间上为增函数,
,
则.
依题意,不等式对一切的正整数恒成立,
,
即对一切的正整数恒成立.
,
,
.由于为正整数,.
又当时,存在,,对所有的满足条件.
因此,的最大值为.
解法:依题意,当区间的长度最小时,
得到的最大值,即是所求值.
,长度最小的区间为
当时,与解法相同分析,得,
解得.后面解题步骤与解法相同(略).
略
22. 已知向量=(2cosx,cosx),=(sinx,2cosx)(x∈R),设函数f(x)=?﹣1.
(Ⅰ)求函数f(x)的单调减区间;
(Ⅱ)已知锐角△ABC的三个内角分别为A,B,C,若f(A)=2,B=,边AB=3,求边BC.
参考答案:
【考点】三角函数中的恒等变换应用;平面向量数量积的运算;正弦函数的图象.
【分析】(Ⅰ)利用向量的数量积公式,结合二倍角、辅助角公式化简,再求函数f(x)的单调减区间;
(Ⅱ)求出A=,C=,利用正弦定理,求出边BC.
【解答】解:(Ⅰ)f(x)=?﹣1=2cosxsinx+2cos2x﹣1=sin2x+cos2x=2sin(2x+),
令2kπ+≤2x+≤2kπ+,
可得函数f(x)的单调减区间[kπ+,kπ+](k∈Z);
(Ⅱ)f(A)=2sin(2A+)=2,∴A=,
∵B=,∴C=,
∴sin=,
∵AB=3,
∴BC==.
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