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湖北省黄冈市武穴连山中学2021-2022学年高三数学文联考试卷含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. “p或q是假命题”是“非p为真命题”的
A、充分不必要条件 B、必要不充分条件
A、充要条件 A、既不充分也不必要条件
参考答案:
A
2. 中国古代数学名著《九章算术》卷第五“商功”共收录28个题目,其中一个题目如下:今有城下广四丈,上广二丈,高五丈,袤一百二十六丈五尺,问积几何?其译文可用三视图来解释:某几何体的三视图如图所示(其中侧视图为等腰梯形,长度单位为尺),则该几何体的体积为( )
A.3795000立方尺 B.2024000立方尺
C.632500立方尺 D.1897500立方尺
参考答案:
D
【考点】L!:由三视图求面积、体积.
【分析】由三视图可得,直观图为底面为侧视图是直棱柱,利用图中数据求出体积.
【解答】解:由三视图可得,直观图为底面为侧视图,是直棱柱,体积为=1897500立方尺,
故选D.
3. 设偶函数f(x)=loga|x-b|在(0,+)上单调递增,则f(b-2)与f(a+1)的大小关系是
A. f(b-2)= f(a+1) B.f(b-2)> f(a+1) C.f(b-2)< f(a+1) D.不能确定
参考答案:
C
4.
复数(是虚数单位)等于
A. B. C. D.
参考答案:
答案:D
5. 在等差数列中,,其前项和为,若,则的值等于( )
A.-2012 B.-2013 C.2012 D.2013
参考答案:
B
,,所以,,所以,所以,选B.
6. 在等差数列中,,则此数列的前6项和为( )
(A) (B) (C) (D)
参考答案:
D
7. 阅读右边的程序框图,运行相应的程序,若输入x的值为1,则输出S的值为( )
A. 64 B. 73 C. 512 D. 585
参考答案:
B
试题分析:运行程序,,否,,,否,,,否,,,是,输出.
考点:程序框图.
8. 定义在R上的函数y=f(x)满足, ,若x14,则( )
A. B.
C. D.的大小不确定
参考答案:
B
略
9. 已知,,则的值等于
A. B. C. D.
参考答案:
解:,
,
,
,
.
故选:.
10. 如图是2017年第一季度五省GDP情况图,则下列陈述中不正确的是( )
A. 2017年第一季度GDP增速由高到低排位第5的是浙江省.
B. 与去年同期相比,2017年第一季度的GDP总量实现了增长.
C. 去年同期河南省的GDP总量不超过4000亿元.
D. 2017年第一季度GDP总量和增速由高到低排位均居同一位的省只有1个.
参考答案:
D
分析:解决本题需要从统计图获取信息,解题的关键是明确图表中数据的来源及所表示的意义,依据所代表的实际意义获取正确的信息.
详解:由折线图可知A、B正确;,故C正确;2017年第一季度GDP总量和增速由高到低排位均居同一位的省有江苏均第一;河南均第四,共2个.故D错误.
故选D.
点睛:本题考查条形统计图和折线统计图的综合运用,读懂统计图,从不同的统计图得到必要的住处是解决问题的关键.
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. (4分)一个几何体的三视图如图所示(单位:m),则这个几何体的体积为 m3.
参考答案:
4
【考点】: 由三视图求面积、体积.
【专题】: 立体几何.
【分析】: 由题意可知,一个简单的组合体,上面是一个底面是边长为1的正方形,高是2的四棱柱,下面是一个长为2,高为1,宽为1的长方体,根据所给的长度,求出几何体的体积.
解:由三视图可知,
这是一个简单的组合体,
上面是一个底面是边长为1的正方形,高是2的四棱柱,体积是1×1×2
下面是一个长为2,高为1,宽为1的长方体,体积是1×1×2
∴几何体的体积是1×1×2+2×1×1=4m3,
故答案为:4
【点评】: 本题考查由三视图还原直观图,根据图形中所给的数据,求出要求的体积,本题是一个考查简单几何体体积的简单题目.
12. 、如图,是半圆的直径,与相交于点,且.若,则的长为 .
参考答案:
13. 所有真约数(除本身之外的正约数)的和等于它本身的正整数叫做完全数.
如:;
;
.
已经证明:若是质数,则是完全数,.请写出一个四位完全数 ;又,所以的所有正约数之和可表示为;
,所以的所有正约数之和可表示为;按此规律,请写出所给的四位数的所有正约数之和可表示为 .(请参照6与28的形式给出)
参考答案:
若是质数,则是完全数,中令可得一个四位完全数为。由题意可令=
其所有正约数之和为
14. 对于集合N={1, 2, 3,…, n}及其它的每一个非空子集,定义一个“交替和”如下:按照递减的次序重新排列该子集,然后从最大数开始交替地减、加后继的数。例如集合{1, 2, 4, 6, 9}的交替和是9–6+4–2+1=6,集合{5}的交替和为5。当集合N中的n=2时,集合N={1, 2}的所有非空子集为{1},{2},{1, 2},则它的“交替和”的总和S2=1+2+(2–1)=4,请你尝试对n=3、n=4的情况,计算它的“交替和”的总和S3、S4,并根据其结果猜测集合N={1, 2, 3,…, n}的每一个非空子集的“交替和”的总和Sn= 。
参考答案:
15. 将四个相同的红球和四个相同的黑球排成一排,然后从左至右依次给它们赋以编号l,2,…,8。则红球的编号之和小于黑球编号之和的排法有 种。
参考答案:
31
16. 已知函数(,)的图象如图所示,其中,,则函数 .
参考答案:
依题意,,解得:,故,将点A带入,得:
,解得:.
故答案为:
17. 已知m>0,n>0,向量,且,则的最小值是_____________.
参考答案:
略
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. 如图,圆锥的横截面为等边三角形SAB,O为底面圆圆心,Q为底面圆周上一点.
(Ⅰ)如果BQ的中点为C,OH⊥SC,求证:OH⊥平面SBQ;
(Ⅱ)如果∠AOQ=60°,QB=2,求该圆锥的体积.
参考答案:
【考点】LF:棱柱、棱锥、棱台的体积;LW:直线与平面垂直的判定.
【分析】(Ⅰ)连接OC,AQ,由已知可得OC∥AQ,再由AB为圆的直径,可得OC⊥BQ,由SO⊥平面ABQ,得SO⊥BQ,由线面垂直的判定可得BQ⊥平面SOC,进一步得到平面SBQ⊥平面SOC,由面面垂直的性质可OH⊥平面SBQ;
(Ⅱ)由已知求解三角形可得OQ=OA=2,SA=4,则SO=.由已知体积公式求得圆锥的体积.
(Ⅰ)证明:连接OC,AQ,
∵O为AB的中点,且BQ的中点为C,
∴OC∥AQ,
∵AB为圆的直径,∠AQB=90°,∴OC⊥BQ,
∵SO⊥平面ABQ,∴SO⊥BQ,
又SO∩OC=O,∴BQ⊥平面SOC,
则平面SBQ⊥平面SOC,
又平面SBQ∩平面SOC=SC,OH⊥SC,
∴OH⊥平面SBQ;
(Ⅱ)解:∵∠AOQ=60°,QB=2,∴OC=1,OQ=OA=2,SA=4,
则SO=.
∴圆锥的体积V=.
19. 已知椭圆E:=1(a>b>0)过点M(2,1),焦距为2.
(1)求椭圆E的方程;
(2)若直线l平行于OM,且与椭圆 E交于A、B两个不同的点(与M不重合),连接 MA、MB,MA、MB所在直线分别与x轴交于P、Q两点,设P、Q两点的横坐标分别为s,t,探求s+t是否为定值?若是,求出该定值;若不是,请说明理由.
参考答案:
考点:椭圆的简单性质.
专题:圆锥曲线的定义、性质与方程.
分析:(1)通过将点M(2,1)代入椭圆方程,利用椭圆E的焦距为2,计算即得结论;
(2)设A(x1,y1),B(x2,y2),通过将直线l方程代入椭圆E的方程,利用韦达定理可得s、t的表达式,计算即得结论.
解答: 解:(1)∵椭圆E:=1(a>b>0)过点M(2,1),
∴,
又∵椭圆E的焦距为2,
∴2c=2,
∴a=2,b=,
∴椭圆E的方程为:;
(2)结论:s+t为定值4.
理由如下:
设A(x1,y1),B(x2,y2),直线l方程为:y=x+m(m≠0),
将直线l方程代入椭圆E的方程,消去y整理可得:
x2+2mx+2m2﹣4=0,
由韦达定理可得:x1+x2=﹣2m,x1?x2=2m2﹣4,
由题可知MA、MB的斜率一定存在且不为0,设为k1、k2,
则直线MA的方程为:y﹣1=k1(x﹣2),
∴s=2﹣,同理可得t=2﹣,
∴s+t=4﹣,
又∵k1+k2=+
=
==0,
∴s+t=4为定值.
点评:本题是一道直线与圆锥曲线的综合题,考查椭圆的方程、韦达定理等基础知识,考查运算求解能力,注意解题方法的积累,属于中档题.
20. 如图,四棱锥A﹣BCDE中,CD⊥平面ABC,BE∥CD,AB=BC=CD,AB⊥BC,M为AD上一点,EM⊥平面ACD.
(Ⅰ)求证:EM∥平面ABC.
(Ⅱ)若CD=2BE=2,求点D到平面EMC的距离.
参考答案:
【考点】点、线、面间的距离计算;直线与平面平行的判定.
【分析】(Ⅰ)取AC的中点F,连接BF,证明BF⊥平面ACD,结合EM⊥平面ACD,所以EM∥BF,再结合线面平行的判定定理得到EM∥面ABC;
(Ⅱ)由等面积法求出点D到平面EMC的距离.
【解答】证明:(Ⅰ)取AC的中点F,连接BF,
因为AB=BC,所以BF⊥AC,
又因为CD⊥平面ABC,所以CD⊥BF,
所以BF⊥平面ACD,…
因为EM⊥平面ACD,
所以EM∥BF,
因为EM?面ABC,BF?平面ABC,
所以EM∥平面ABC; …
解:(Ⅱ)因为EM⊥平面ACD,EM?面EMC,
所以平面CME⊥平面ACD,平面CME∩平面ACD=CM,
过点D作直线DG⊥CM,则DG⊥平面CME,…
由已知CD⊥平面ABC,BE∥CD,AB=BC=CD=2BE,可得AE=DE,
又EM⊥AD,
所以M为AD的中点,
在Rt△ABC中,,
在Rt△ADC中,,
,
在△DCM中,,
由等面积法知,
所以,
即点D到平面EMC的距离为.…
21. “活水围网”养鱼技术具有养殖密度高、经济效益好的特点.研究表明:“活水围网”养鱼时,某种鱼在一定的条件下,每尾鱼的平均生长速度(单位:千克/年)是养殖密度(单位:尾/立方米)的函数.当不超过4(尾/立方米)时,的值为(千克/年);当时,是的一次函数;当达到(尾/立方米)时,因缺氧等原因,的值为(千克/年).
(1)当时,求函数的表达式;
(2)当养殖密度为多大时,鱼的年生长量(单位:千克/立方米)可以达到最大,并求出最大值.
参考答案:
解:(1)由题意:当时,; …………………………2分
当时,设,显然在是减函数,
由已知得,解得 …………………………4分
故函数
=
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