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2022 年西藏高考物理真题及答案2022 年西藏高考物理真题及答案 二、选择题二、选择题 1.北京 2022 年冬奥会首钢滑雪大跳台局部示意图如图所示。运动员从a处由静止自由滑下，到b处起跳，c点为a、b之间的最低点，a、c两处的高度差为h。要求运动员经过一点时对滑雪板的压力不大于自身所受重力的k倍，运动过程中将运动员视为质点并忽略所有阻力，则c点处这一段圆弧雪道的半径不应小于（）A.B.C.D.1hk hk2hk21hk【答案】D【解析】【详解】运动员从a到c根据动能定理有 212cmghmv在c点有 2NcccvFmgmRFNc kmg 联立有 21chRk故选 D。2.长为l的高速列车在平直轨道上正常行驶，速率为v0，要通过前方一长为L的隧道，当列车的任一部分处于隧道内时，列车速率都不允许超过v（v v0）。已知列车加速和减速时加速度的大小分别为a和 2a，则列车从减速开始至回到正常行驶速率v0所用时间至少为（）A.B.C.D.02vvLlav02vvLlav032vvLlav 032vvLlav【答案】C 加油必过真题在手 何必模拟加油必过1【解析】【详解】由题知当列车的任一部分处于隧道内时，列车速率都不允许超过v（v v0），则列车进隧道前必须减速到v，则有 v=v0-2at1 解得 012vvta在隧道内匀速有 2Lltv列车尾部出隧道后立即加速到v0，有 v0=v+at3 解得 03vvta则列车从减速开始至回到正常行驶速率v0所用时间至少为 03()2vvLltav故选 C。3.三个用同样的细导线做成的刚性闭合线框，正方形线框的边长与圆线框的直径相等，圆线框的半径与正六边形线框的边长相等，如图所示。把它们放入磁感应强度随时间线性变化的同一匀强磁场中，线框所在平面均与磁场方向垂直，正方形、圆形和正六边形线框中感应电流的大小分别为和。则（）12II、3I A.B.C.D.132III132III123III 123III【答案】C【解析】【详解】设圆线框的半径为r，则由题意可知正方形线框的边长为 2r，正六边形线框的边长为r；所以圆线框的周长为 22Cr面积为 加油必过真题在手 何必模拟加油必过2 22Sr同理可知正方形线框的周长和面积分别为，18Cr214Sr正六边形线框的周长和面积分别为，36Cr23133 36222rSrr 三线框材料粗细相同，根据电阻定律 LRS横截面可知三个线框电阻之比为 123123:8:2:6RRRCCC根据法拉第电磁感应定律有 EB SIRtR可得电流之比为：123:2:2:3III 即 123=III故选 C。4.两种放射性元素的半衰期分别为和，在时刻这两种元素的原子核总数为N，0t02t0t在时刻，尚未衰变的原子核总数为，则在时刻，尚未衰变的原子核总数02tt3N04tt为（）A.B.C.D.12N9N8N6N【答案】C【解析】【详解】根据题意设半衰期为t0的元素原子核数为x，另一种元素原子核数为y，依题意有 xyN经历 2t0后有 11423Nxy加油必过真题在手 何必模拟加油必过3联立可得，23xN13yN在时，原子核数为x的元素经历了 4 个半衰期，原子核数为y的元素经历了 2 个半04tt衰期，则此时未衰变的原子核总数为 4211228Nnxy故选 C。5.空间存在着匀强磁场和匀强电场，磁场的方向垂直于纸面（平面）向里，电场的方xOy向沿y轴正方向。一带正电的粒子在电场和磁场的作用下，从坐标原点O由静止开始运动。下列四幅图中，可能正确描述该粒子运动轨迹的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】AC在xOy平面内电场的方向沿y轴正方向，故在坐标原点O静止的带正电粒子在电场力作用下会向y轴正方向运动。磁场方向垂直于纸面向里，根据左手定则，可判断出向y轴正方向运动的粒子同时受到沿x轴负方向的洛伦兹力，故带电粒子向x轴负方向偏转。AC 错误；BD运动的过程中在电场力对带电粒子做功，粒子速度大小发生变化，粒子所受的洛伦兹力方向始终与速度方向垂直。由于匀强电场方向是沿y轴正方向，故x轴为匀强电场的等势面，从开始到带电粒子偏转再次运动到x轴时，电场力做功为 0，洛伦兹力不做功，故带电粒子再次回到x轴时的速度为 0，随后受电场力作用再次进入第二象限重复向左偏转，故 B 正确，D 错误。故选 B。6.如图，质量相等的两滑块 P、Q 置于水平桌面上，二者用一轻弹簧水平连接，两滑块与桌面间的动摩擦因数均为。重力加速度大小为g。用水平向右的拉力F拉动 P，使两滑加油必过真题在手 何必模拟加油必过4块均做匀速运动；某时刻突然撤去该拉力，则从此刻开始到弹簧第一次恢复原长之前（）A.P 的加速度大小的最大值为 2 gB.Q的加速度大小的最大值为 2 gC.P 的位移大小一定大于 Q 的位移大小 D.P 的速度大小均不大于同一时刻 Q 的速度大小【答案】AD【解析】【详解】设两物块的质量均为m，撤去拉力前，两滑块均做匀速直线运动，则拉力大小为 2Fmg撤去拉力前对 Q 受力分析可知，弹簧的弹力为 0TmgAB以向右为正方向，撤去拉力瞬间弹簧弹力不变为，两滑块与地面间仍然保持相mg对滑动，此时滑块 P 的加速度为 0P1Tmgma解得 P12ag 此刻滑块 Q 所受的外力不变，加速度仍为零，滑块 P 做减速运动，故 PQ 间距离减小，弹簧的伸长量变小，弹簧弹力变小。根据牛顿第二定律可知 P 减速的加速度减小，滑块 Q 的合外力增大，合力向左，做加速度增大的减速运动。故 P 加速度大小的最大值是刚撤去拉力瞬间的加速度为。2 mgQ 加速度大小最大值为弹簧恢复原长时 Qmmgma解得 Qmamg 故滑块 Q 加速度大小最大值为，A 正确，B 错误；mgC滑块 PQ 水平向右运动，PQ 间的距离在减小，故 P 的位移一定小于 Q 的位移，C 错误；D滑块 P 在弹簧恢复到原长时的加速度为 P2mgma加油必过真题在手 何必模拟加油必过5