2023届江苏省扬州、泰州、淮安、南通、徐州、宿迁、连云港市物理高三上期中统考试题含解析

2022-2023高三上物理期中模拟试卷 请考生注意： 1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。 2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。 一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、甲、乙两物体沿同一方向做直线运动，6 s末在途中相遇，它们的速度图象如图所示，可以确定(　　) A．t＝0时甲在乙的前方54 m处 B．t＝0时乙在甲的前方27 m处 C．6 s之后两物体不会再相遇 D．6 s之后两物体还会再相遇 2、已知物体做直线运动，下列说法正确的是(　　) A．加速度增大，速度一定增大 B．物体有加速度，速度一定增加 C．物体速度为零，加速度一定为零 D．速度变化越快，加速度越大 3、如图甲所示，电动机通过绕过光滑定滑轮的细绳与放在倾角为的光滑斜面上的物体相连，启动电动机后物体沿斜面上升；在时间内物体运动的图象如图乙所示，其中除时间段图象为曲线外，其余时间段图象均为直线，1s后电动机的输出功率保持不变；已知物体的质量为2kg，重力加速度则下列计算不正确的是 A．1 s后电动机的输出功率P为100W B．物体运动的最大速度为10  C．在 s内电动机所做的功为25J D．在 s内电动机所做的功为250 J 4、如图所示，是某课外研究小组设计的可以用来测量转盘转速的装置．该装置上方是一与转盘固定在一起有横向均匀刻度的标尺，带孔的小球穿在光滑细杆与一轻弹簧相连，弹簧的另一端固定在转动轴上，小球可沿杆自由滑动并随转盘在水平面内转动．当转盘不转动时，指针指在O处，当转盘转动的角速度为时，指针指在A处，当转盘转动的角速度为时，指针指在B处，设弹簧均没有超过弹性限度，则与的比值为 A． B． C． D． 5、如图所示，物块A和滑环B用绕过光滑定滑轮的不可伸长的轻绳连接，滑环B套在与竖直方向成θ＝37°的粗细均匀的固定杆上，连接滑环B的绳与杆垂直并在同一竖直平面内，滑环B恰好不能下滑，滑环和杆间的动摩擦因数μ＝0.5，设滑环和杆间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则物块A和滑环B的质量之比为(　 　) A． B． C． D． 6、小明玩飞镖游戏时，从同一位置先后以速度vA和vB将飞镖水平掷出，依次落在靶盘上的A、B两点，如图所示，飞镖在空中运动的时间分别tA和tB．不计空气阻力，则（ 　　） A．vA＜vB，tA＜tB B．vA＜vB，tA＞tB C．vA＞vB，tA＞tB D．vA＞vB，tA＜tB 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7、在一次投球游戏中，黄同学将球水平抛出放在地面的小桶中，结果球沿如图所示的弧线飞到小桶的前方，不计空气阻力，则下次再投时，可作出的调整为（ ） A．减小初速度，抛出点高度不变 B．增大初速度，抛出点高度不变 C．初速度大小不变，降低抛出点高度 D．初速度大小不变，提高抛出点高度 8、轻绳一端固定在天花板上，另一端系一个小球，开始时绳竖直，小球与一个倾角为的静止三角形物块刚好接触，如图所示．现在用水平力F向左非常缓慢的推动三角形物块，直至轻绳与斜面平行，不计一切摩擦．关于该过程中，下列说法中正确的是（ ） A．绳中拉力先变小后增大 B．地面对三角形物块的支持力不断增大 C．斜面对小球的弹力不做功 D．水平推力F做的功等于小球机械能的增加 E地面对三角形物块的支持力的冲量不为零． 9、下列说法中正确的是（ ） A．机械波和电磁波都能在真空中传播 B．铁路，民航等安检口使用红外线对行李内物品进行检测 C．根据狭义相对论的原理知，在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的 D．两列波叠加时产生干涉现象，其振动加强区域与减弱区域是稳定不变的 10、图中，轻质弹簧的一端固定在地面上，另一端放有一小物块(可视为质点)，物块与弹簀不连接.通过物块向下压缩弹簧，当物块与地面相距0.1m时由静止释放物块，通过传感器测得物块的动能Ek与其离地高度h的变化关系如图所示，其中0.2m -0.35m范围内图象为直线，其余部分为曲线．以地面为重力势能参考平面，取g=10m/s2，可知( ) A．物块的质量为0.2kg B．弹簧的最大弹性势能为0.5J C．物块开始运动时，弹簧、物块、地球组成的系统具有的机械能为0.7J D．物块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小为0.4J 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。 11．（6分）如图所示为某同学测定木块A与木板之间动摩擦因数的实验装置，A上固定一个容器B，B和C中可放置钩码，不计B、C的重力。A的左端与打点计时器的纸带（未画出）相连，通过打点计时器打出的纸带可以计算出木块A的加速度。实验中该同学在保持钩码总数量不变[即图中B、C中钩码总重力不变]的条件下，将B中钩码陆续移到C中，重复测量。不计绳和滑轮的质量及它们之间的摩擦。 (1)实验中除电磁打点计时器、纸带、若干个质量均为50克的钩码、滑块、一端带有定滑轮的长木板、细线外，为了完成本实验，还应有__________。 A．秒表 B．天平 C．毫米刻度尺 D．低压交流电源 (2)实验中某次获取的一条纸带的一-部分，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出），计数点间的距离如图所示。根据图中数据计算加速度a=______（保留两位有效数字）。 (3)在实验数据处理中，该同学以m为横轴，以加速度a为纵轴，绘制了如图所示的实验图线，由此可知滑块与木板间的动摩擦因数μ=_______（g取10m/s2，保留两位有效数字）。 12．（12分）在“用双缝干涉测光的波长”实验中：(实验装置如下图)下列说法哪一些是正确的（　　） A．调节光源高度使光束沿遮光筒轴线照在屏中心时，应放上单缝和双缝 B．测量某条干涉亮纹位置时，应使测微目镜分划板中心刻线与该亮纹的中心对齐 C．为了减小测量误差，可用测微目镜测出n条亮纹间的距离a，求出相邻两条亮纹间距Δx＝ D．某同学用黄光作为入射光．为了增大干涉条纹的间距，可以采用的方法是改用蓝光作为入射光 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。 13．（10分）如图，质量为m=1kg，长为L=1.7m的平板车，以速度v0=4m/s向右做匀速直线运动，A、B是其左右两个端点．从某时刻起对平板车施加一个大小为5N的水平向左的恒力F，并同时将一个小球轻放在平板车上的P 点（小球可视为质点，放在P点时相对于地面的速度为零），PB=．经过一段时间，小球从平板车上脱离后落到地面上．不计所有摩擦力，g 取10m/s1．求： （1）小球从放到平板车上开始至脱离平板车所用的时间； （1）小球脱离平板车瞬间平板车的速度． 14．（16分）如图所示，餐桌中心是一个半径为r=1.5m的圆盘，圆盘可绕中心轴转动，近似认为圆盘与餐桌在同一水平面内且两者之间的间隙可忽略不计。已知放置在圆盘边缘的小物体与圆盘的动摩擦因数为，与餐桌的动摩擦因数为，餐桌离地高度为。设小物体与圆盘以及餐桌之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为。 (1)为使物体不滑到餐桌上，圆盘的角速度的最大值为多少？ (2)缓慢增大圆盘的角速度，物体从圆盘上甩出，为使物体不滑落到地面，餐桌半径R的最小值为多大？ (3)若餐桌半径，则在圆盘角速度缓慢增大时，物体从圆盘上被甩出后滑落到地面上的位置到从圆盘甩出点的水平距离L为多少？ 15．（12分）如图所示，上表面光滑的“L”形木板B锁定在倾角为370的足够长的斜面上；将一小物块A从木板B的中点轻轻地释放，同时解除木板B的锁定，此后A与B发生碰撞，碰撞过程时间极短且不计能量损失；已知物块A的质量m=1kg，木板B的质量M=4kg，板长L=6m，木板与斜面间的动摩擦因数为μ=0.6，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g=10m/s2，sin370=0.6，cos370=0.8，试问： （1）第一次碰撞后的瞬间A、B的速度大小； （2）在第一次碰撞后到第二次碰撞前的过程中，A距B下端的最大距离； 参考答案 一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、C 【解析】 根据速度图象的“面积”等于位移大小，得到t=6s时，甲的位移大小为x甲=×9×6m=27m，乙的位移大小为x乙=9×6m=54m，6s末甲乙相遇，则在t=0时甲在乙的前方27m处．故A正确，B错误．由于6s之后甲的速度大于乙的速度，两物体不会再相遇．故C正确，D错误．故选AC． 【点睛】 本题关键是理解v-t图线的物理意义，抓住速度图象的“面积”等于位移，来求解两物体出发点相距的距离． 2、D 【解析】 明确加速度的定义，知道加速度是描述速度变化快慢的物理量；同时知道加速度和速度的方向决定了物体的运动性质； 【详解】 A、加速度增大时速度不一定增大，如加速度和速度方向相反时速度减小，故A错误； B、物体有加速度，如果加速度和速度方向相反，则速度将减小，故B错误； C、物体的速度为零时，加速度不一定为零，如自由落体开始下落的位置，故C错误； D、加速度是描述速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，故D正确； 故选D． 【点睛】 关键是知道加速度和速度方向相反时速度减小，加速度和速度方向相同时速度增大，加速度是描述速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大． 3、C 【解析】 根据图乙得出的加速度，再根据牛顿第二定律得出牵引力，最后由算出电动机的输出功率； 当加速度为0时，物体运动速度最大，根据二力平衡求出此时牵引力，结合算出最大速度； 内根据运动学公式及动能定理算出电动机所做的功；内，根据电动机功率变，结合算出。 【详解】 A、设物体质量为m，由题图乙可知，在 s时间内，物体做匀加速直线运动的加速度大小为a，1 s末物体的速度大小达到 ，此过程中，设细绳拉力的大小为，则根据运动学公式和牛顿第二定律可得：， ，由图象可知，，由功率公式，联立解得：在1s末电动机输出功率为：，故A正确. B、当物体达到最大速度后，细绳的拉力大小，由牛顿第二定律和功率的公式可得：，由解得，故B正确. C、在时间 s内，物体的位移为x，电动机做的功为，则由运动学公式得： 由动能定理得： ，联立解得：，故C错误. D、在时间t=3s内电动机做的功为W，则：，联立解得： 故D正确. 故选C. 【点睛】 本题与汽车启动类似，关键需要分析清楚物体各段的运动规律及受力情况，明确实际功率达到额定功率时匀加速直线运动转为变速直线运动，达到速度最大值后做匀速直线运动. 4、C 【解析】 设每格的长度为l，根据弹簧的弹力提供向心力，得：kl=mω12•4l ，k3l=mω22•6l ，联立解得：，故C正确，ABD错误． 5、A 【解析】对A受力分析根据平衡条件：T=mAg 对B受力分析，如图： 根据平衡条件：mBgcosθ=f T=N+mBgsinθ f=μN 得：mAmB=11/5 故选：A. 点睛：对A受力分析，根据平衡条件表示出绳子拉力；对B受力分析，根据平衡条件求出绳子拉力与B重力的关系，进而得到AB质量之比． 6、D 【解析】 根据知，B飞镖下降的高度大，则，根据知，两飞镖的水平位移相等，A的时间短，则，，故