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湖北省襄阳市襄樊高级中学2023年高三数学文下学期期末试卷含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 已知命题所有有理数都是实数,命题正数的对数都是负数,则下列命题中为真命题的是( )
A. B. C. D.
参考答案:
C
略
2. 设不等式组,表示的平面区域为Ω,在区域Ω内任取一点P(x,y),则P点的坐标满足不等式x2+y2≤2的概率为( )
A. B. C. D.
参考答案:
A
3. 复数 =( )
A.2﹣i B.1﹣2i C.﹣2+i D.﹣1+2i
参考答案:
C
【分析】将分子、分母同时乘以1+2i,再利用多项式的乘法展开,将i2用﹣1 代替即可.
【解答】解: =﹣2+i
故选C
4. 已知在中,角,,所对的边分别为,,,,点在线段上,且.若,则( )
A. B. C. D.
参考答案:
B
设,则由面积关系得
所以,选B.
5. 若实数,满足线性约束条件,则的最大值为( )
A. 0 B. 4 C. 5 D.7
参考答案:
C
6. 命题“”的否定是
A. B. C. D.
参考答案:
D
全称性命题的否定是存在性命题,所以选D。
7. 命题,则命题为( )
A. B.
C.若,则 D.若,则
参考答案:
A
略
8.
参考答案:
B
9. 已知P(,1),Q(,-1)分别是函数的图象上相邻的最高点和最低点,则( )
A. B. C. - D.
参考答案:
B
【分析】
由点P,Q两点可以求出函数的周期,进而求出,再将点P或点Q的坐标代入,求得,即求出。
【详解】因为,所以,把的坐标代入方程,得
,因为,所以,故选B。
【点睛】本题主要考查利用三角函数的性质求其解析式。
10. 下列函数中,在内有零点且单调递增的是
(A) (B) (C) (D)
参考答案:
B
略
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 若命题“”是假命题,则实数的取值范围是 .
参考答案:
12. 执行如图所示的程序,则输出的结果为________.
参考答案:
13. 方程的根称为函数的零点,定义在上的函数,其导函数的图像如图所示,且,则函数的零点个数是
.
参考答案:
3
略
14. 已知正方形ABCD的边长为1,点E是AB边上的动点,则的值为________,的最大值为______。
参考答案:
1,1
根据平面向量的数量积公式,由图可知,,因此,
,而就是向量在边上的射影,要想让最大,即让射影最大,此时E点与B点重合,射影为,所以长度为1.
15. 等比数列{an}中,a4=2,a5=5,则数列{lg an}的前8项和等于
参考答案:
4
略
16. 私家车具有申请报废制度.一车主购买车辆时花费15万,每年的保险费、路桥费、汽油费等约1.5万元,每年的维修费是一个公差为3000元的等差数列,第一年维修费为3000元,则该车主申请车辆报废的最佳年限(使用多少年的年平均费用最少)是 年.
参考答案:
10
【考点】等差数列的性质.
【分析】设这辆汽车报废的最佳年限n年,年平均费用: =0.15n++1.65,利用均值定理能求出这辆汽车报废的最佳年限.
【解答】解:设这辆汽车报废的最佳年限n年,
第n年的费用为an,
则an=1.5+0.3n,
前n年的总费用为:Sn=15+1.5n+=0.15n2+1.65n+15,
年平均费用: =0.15n++1.65≥2+1.65=4.65,
当且仅当0.15n=,即n=10时,年平均费用取得最小值.
∴这辆汽车报废的最佳年限10年.
故答案为:10.
17. 分别从集合A={0,1,2}和集合B={1,3}中随机各取一个数,则这两数之和是偶数的概率是 _________ .
参考答案:
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. 【选修4﹣1:几何证明选讲】
如图,梯形ABCD内接于圆O,AD∥BC,且AB=CD,过点B引圆O的切线分别交DA、CA的延长线于点E、F.
(1)求证:CD2=AE?BC;
(2)已知BC=8,CD=5,AF=6,求EF的长.
参考答案:
【考点】与圆有关的比例线段.
【专题】直线与圆.
【分析】(1)由已知条件,利用直线平行的性质和弦切角定理推导出△EAB∽△ABC,由此能证明CD2=AE?BC.
(2)由已知条件和(1)先求出AE,再由三角形相似的判定定理得到△FEA∽△FAB,由此能求出结果.
【解答】解:(1)因为AD∥BC,所以∠EAB=∠ABC.
又因为FB与圆O相切于点B,
所以∠EBA=∠ACB,
所以△EAB∽△ABC,
所以=,即AB2=AE?BC,
因为AB=CD,所以CD2=AE?BC.
(2)因为AB2=AE?BC,BC=8,CD=5,AF=6,AB=CD,
所以AE==,
因为AD∥BC,所以∠FAE=∠ACB,
又因为∠EBA=∠ACB,
所以∠FAE=∠EBA,∠F=∠F,
所以△FEA∽△FAB,
所以,
所以EF==.
【点评】本题考查三角形相似的应用,考查与圆有关的线段长的求法,解题时要注意弦切角定理和三角形相似的性质的灵活运用.
19. 设数列{an}的前n项和为Sn,已知ban﹣2n=(b﹣1)Sn
(Ⅰ)证明:当b=2时,{an﹣n?2n﹣1}是等比数列;
(Ⅱ)求{an}的通项公式.
参考答案:
【考点】数列的应用.
【分析】(Ⅰ)当b=2时,由题设条件知an+1=2an+2n.由此可知an+1﹣(n+1)?2n=2an+2n﹣(n+1)?2n=2(an﹣n?2n﹣1),所以{an﹣n?2n﹣1}是首项为1,公比为2的等比数列.
(Ⅱ)当b=2时,由题设条件知an=(n+1)2n﹣1;当b≠2时,由题意得=,由此能够导出{an}的通项公式.
【解答】解:(Ⅰ)当b=2时,由题意知2a1﹣2=a1,解得a1=2,
且ban﹣2n=(b﹣1)Sn
ban+1﹣2n+1=(b﹣1)Sn+1
两式相减得b(an+1﹣an)﹣2n=(b﹣1)an+1
即an+1=ban+2n①
当b=2时,由①知an+1=2an+2n
于是an+1﹣(n+1)?2n=2an+2n﹣(n+1)?2n=2(an﹣n?2n﹣1)
又a1﹣1?20=1≠0,所以{an﹣n?2n﹣1}是首项为1,公比为2的等比数列.
(Ⅱ)当b=2时,由(Ⅰ)知an﹣n?2n﹣1=2n﹣1,
即an=(n+1)2n﹣1
当b≠2时,由①得
==
因此=
即
所以.
20. 已知函数.
(1)若,试讨论函数的单调性;
(2)设,当对任意的恒成立时,求函数的最大值的取值范围.
参考答案:
:(1)
因为,则时,时,,
∴在上递减,在上递增.
(2)当时,若,则.
所以对任意的恒成立时,.
由(1)知,当时,在上递减,在上递增.
依题意,有,∴.
,
∴.
设,则.
∵,∴,∴在上递增,
∵,.
因此,存在唯一,使得.
当时,单调递增;
当时,单调递减.
因此在处取得最大值,最大值为.
∴.
21. (本小题满分12分)已知数列的前项和为,且有,.
(1)求数列的通项公式;
(2)若,求数列的前项和为.
参考答案:
解:(Ⅰ), ,
.
又,,
. …………………………………………………………………(5分)
(Ⅱ),
,
.
两式相减得:,
,
. ……………………………………………………………(12分)
22. 如图,在七面体ABCDMN中,四边形ABCD是边长为2的正方形,平面ABCD,平面ABCD,且
(1)在棱AB上找一点Q,使QP//平面AMD,并给出证明;
(2)求平面BNC与平面MNC所成锐二面角的余弦值.
参考答案:
(1)当时,有//平面AMD.
证明:因为MD平面ABCD,NB平面ABCD,所以MD//NB,
所以,又,所以,所以在中,OP//AM.
又面AMD,AM面AMD,∴// 面AMD.
(2)锐二面角的余弦值为.
试题分析:(1)设Q为AB上的一点,满足.由线面平行的性质证出MD//NB,结合题中数据利用平行线的性质,得到,从而在中得到OP//AM.最后利用线面平行判定定理,证出// 面AMD,说明在棱AB上存在满足条件的点;
(2)建立如图所示空间直角坐标系,算出向量、和的坐标.利用垂直向量数量积为0的方法建立方程组,算出平面CMN的法向量.根据线面垂直的判定定理证出DC平面BNC,从而得到即是BNC的法向量,最后利用空间向量的夹角公式加以计算,即可算出平面CMN与平面BNC所成锐二面角的余弦值.
试题解析:(1)当时,有//平面AMD.
证明:因为MD平面ABCD,NB平面ABCD,所以MD//NB,
所以,又,所以,所以在中,OP//AM.
又面AMD,AM面AMD,∴// 面AMD.
(2)以DA、DC、DM所在直线分别为x轴、y轴、z轴,建立空间直角坐标系,则D(0,0,0),B(2,2,0),C(0,2,0),M(0,0,2)N(2,2,1),所以=(0,-2,2),=(2,0,1),=(0,2,0),
设平面CMN的法向量为=(x,y,z)则,所以,所以=(1,-2,-2).
又NB平面ABCD,∴NBDC,BCDC,∴DC平面BNC,∴平面BNC的法向量为==(0,2,0),
设所求锐二面角为,则.
考点:利用空间向量求平面间的夹角;直线与平面平行的判定.
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