湖北省黄冈市光明学校高二物理联考试题含解析

湖北省黄冈市光明学校高二物理联考试题含解析 一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意 1. 在下述关于位移的各种说法中，正确的是 A．位移和路程是两个量值相同、而性质不同的物理量 B．位移和路程都是反映运动过程、位置变化的物理量 C．物体从一点运动到另一点，不管物体的运动轨迹如何，位移的大小一定等于两点间的距离 D．位移是矢量，物体运动的方向就是位移的方向 参考答案： C 2. 如图4-6-13所示，电阻R1＝3 Ω，R2＝6 Ω，线圈的直流电阻不计．电源电动势E＝5 V，内阻r＝1 Ω，开始时开关S闭合．则(　　)． A．断开S前，电容器带电荷量为零 B．断开S前，电容器电压为 V C．断开S的瞬间，电容器a板上带正电 D．断开S的瞬间，电容器b板上带正电 参考答案： AC 3. （单选）物体通常呈电中性，这是为什么？ A、物体没有电荷           B、物体的正负电荷一样多 C、物体很容易失去电荷     D、以上说法都不正确 参考答案： B 4. 闭合电路中产生的感应电动势的大小，跟穿过这一闭合电路的下列哪个物理量成正比（    ） A、磁通量            B、磁感应强度         C、磁通量的变化率   D、磁通量的变化量 参考答案： C 5. （单选）四种电场的电场线如下图所示，一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，且加速度越来越大，由此可以判断，该电荷所在电场是图中的：（     ） 参考答案： D 二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分 6. 如图所示，质量mA=3.0kg的物体A和质量为mB=2.0kg的物体B紧靠着放在光滑水平面上。从某一时刻t=0起，对B施加向右的水平恒力F2=4.0N，同时对A施加向右的水平变力F1，当t=0时，F1为24N，以后每秒钟均匀减小2.0N，即F1=24-2t（N），求在2秒末两物体的加速度a2为__________m/s2， 从t=0起，经过        s时间两物体分离。 参考答案： 7. 如图，桌面上一个条形磁铁下方的矩形线圈内的磁通量为0.04Wb．将条形磁铁向下运动到桌面上时，线圈内磁通量为0.12Wb，则此过程中线圈内磁通量的变化量为_________Wb；若上述线圈匝数为10匝，完成上述变化所用时间为0.1s，那么此过程中产生的感应电动势为________V． 参考答案：     0.08、8 8. 两个互相连接的金属环，细环的电阻是粗环电阻的2倍，将细环套在变压器铁芯上时，A、B两点间的电压为0.6V，如图9所示，则将粗环套在变压器铁芯上时，A、B两点间的电压为     V。                                 参考答案： 9. 如图所示，一只横截面积为S=0.10m2，匝数为120匝的闭合线圈放在平行于线圈轴线的匀强磁场中，线圈的总电阻为R=1.2Ω。该匀强磁场的磁感应强度B随时间t变化的规律如右图所示，则：⑴从t=0到t=0.30s时间内，通过该线圈任意一个横截面的电荷量q为 ▲ ；⑵这段时间内线圈中产生的电热Q为 ▲ 。 参考答案： 10. 如图所示，某一交流电随时间变化图线，它的电流的最大值Im=_       _A，电流的有效值I=_       _A，交流电的周期T=_       _s，频率f=_      _  Hz，交流电流的瞬时值表达式i=_      _。                          参考答案： 4A     2A     0.04s        25Hz          i=4 sin50πt 11. 在研究电磁感应现象的实验中所用的器材如图所示。它们是：①电流计、②直流电源、③带铁芯的线圈A、④线圈B、⑤电键、⑥滑动变阻器（用来控制电流以改变磁场强弱）。 （1） 试按实验的要求在实物图上连线（图中已连好一根导线）。 （2） 若连接滑动变阻器的两根导线接在接线柱C和D上，而在电键刚闭合时电流表指针右偏，则电键闭合后滑动变阻器的滑动触头向接线柱C移动时，电流计指针将__________（填“左偏”、“右偏”、“不偏”）。ks5u 参考答案： （1）   （2）___左偏______ 12. 有一正弦交流电，它的电流随时间变化的规律如图所示，则电流的有效值为      A；交流电的周期为    s。 参考答案： 10，0.2  13. 往一杯清水中滴入一滴红墨水，一段时间后，整杯水都变成了红色。这一现象在物理学中称为_______现象，是由于分子的____________而产生的。这一过程是沿着分子热运动的无序性_______的方向进行的。 参考答案： 扩散                        无规则运动            增大 三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分 14. 如图，某同学利用验证碰撞中的动量守恒实验装置．探究半径相等的小球1和2的碰撞过程是否动量守恒，用天平测出两个小球的质量分别为m1和m2，且m1＞m2，按下述步骤进行了实验： 安装好实验装置，做好测量前的准备，并记下重垂线所指的位置O第一步：不放小球2，让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并落在地面上，重复10次，用尽可能小的圆把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置． 第二步：把小球2放在斜槽前端边缘处，让小球1从A点由静止滚下；使它们碰撞并落在地面上．重复10次，并使用与第一步同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置． 第三步：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置离O点的距离，即线段OD、OE、OF的长度，分别为LD、LE、LF． （1）小球m1与m2发生碰撞后，m1的落点是图中的　  　点，m2的落点是图中的　 　点． （2）用测得的物理量来表示，只要满足关系式　               　，则说明两小球的碰撞过程动量守恒． （3）实验中有关操作和描述正确的是　 　． A．用质量大的球去碰质量较小的球，目的是使被碰球飞行距离更远，可减小测量误差 B．调整斜槽末端水平，目的是使两球能发生对心碰撞 C．让入射球认同一位置释放，目的是保障每次碰撞前小球的动量都相同 D．碰撞后两球的动能之和总会小于碰前入射球的动能，是因为斜槽摩擦力做负功造成的． 参考答案： （1）D，F；（2）m1LE=m1LD+m2LF；（3）C 【考点】验证动量守恒定律． 【分析】（1）明确实验原理，知道实验中两小球飞行距离关系； （2）根据动量守恒定律求出需要验证的表达式，然后根据表达式分析答题，注意平抛运动特点的应用． （3）根据实验原理进行分析，明确各注意事项的目的． 【解答】解：（1）小球m1与m2发生碰撞后，m1的落点是图中的D点，m2的落点是图中的F点． （2）由于小球平抛运动的时间相等，小球1不发生碰撞时落点在E点，则不发生碰撞时离开斜槽末端的速度为vE=，同理知，落在D点的速度vD=，落在F点的速度vF=，根据动量守恒知，m1vE=m1vD+m2vF，可知只要验证m1LE=m1LD+m2LF即可． （3）A、用质量大的球去碰质量较小的球，目的是碰撞小球不发生反弹，故A错误． B、调整斜槽末端水平，目的是保证小球做平抛运动，故B错误． C、让入射球从同一位置释放，目的是保障每次碰撞前小球的动量都相同，故C正确． D、碰撞后两球的动能之和总会小于碰前入射球的动能，是因为碰撞的过程中有能量损失，与摩擦力做功无关．故D错误． 故选：C． 故答案为：（1）D，F；（2）m1LE=m1LD+m2LF；（3）C 15. 在《油膜法估测分子大小》的实验中，操作步骤如下： ①向体积为V1的纯油酸中加入酒精，直到油酸酒精溶液总量为V2； ②用注射器吸取上述溶液，一滴一滴地滴入小量筒，当滴入n滴时体积为V0； ③先往边长为30～40 cm的浅盘里倒入2 cm深的水，痱子粉均匀撒在水面上； ④用注射器往水面上滴一滴上述溶液，等油酸薄膜形状稳定后，将事先准备好的玻璃板放在浅盘上，并在玻璃板上描出油酸薄膜的形状； ⑤将画有油酸薄膜轮廓形状的玻璃板，放在画有许多边长为a的小正方形的坐标纸上； ⑥计算出轮廓范围内正方形的总数为N，其中不足半个格的两个格算一格，多于半个格的算一格． 上述实验步骤中有错误的步骤是____________________(指明步骤，并改正)，油酸分子直径的表达式d＝________. 某同学实验中最终得到的计算结果数据偏大，可能是由于________ A．油酸散开的时间过长，面积过大    B．错误地将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算 C．计算油膜面积时，舍去了所有不足一格的方格 D．水面上痱子粉撒得较多，油酸膜没有充分展开 参考答案： 步骤⑥应该是不足半个格的舍去，多于半个格的算一格(2分)；　 （3分）；    BCD 四、计算题：本题共3小题，共计47分 16. 一根长为0.2m的直导线，垂直于某匀强磁场方向放置，当导线中通有1A的电流时，导线受到的安培力大小为0.8N，则： （1）磁场的磁感应强度为多大？ （2）当导线中的电流增大为2A时，导线受到的安培力为多大？此时磁场的磁感应强度为多大？ 参考答案： 4T   1.6N   4T 17. 如图所示，一根光滑绝缘细杆与水平面成α=30°的角倾斜固定．细杆的一部分处在场强方向水平向右的匀强电场中，场强E=2×104 N/C．在细杆上套有一个带电量为q=﹣×10﹣5 C、质量为m=3×10﹣2 kg的小球．现使小球从细杆的顶端A由静止开始沿杆滑下，并从B点进入电场，小球在电场中滑至最远处的C点．已知AB间距离x1=0.4m，g=10m/s2．求： （1）小球在B点的速度vB；                  （2）小球进入电场后滑行的最大距离x2；       （3）小球从A点滑至C点的时间是多少？ 参考答案： 解：（1）小球在AB段滑动过程中，由机械能守恒   mgx1sinα= 可得 vB===2 m/s． （2）小球进入匀强电场后，在电场力和重力的作用下，由牛顿第二定律可得加速度 a2==﹣5 m/s2 小球进入电场后还能滑行到最远处C点，BC的距离为 x2==m=0.4 m． （3）小球从A到B和从B到C的两段位移中的平均速度分别为 vAB= vBC= 则小球从A到C的平均速度为 = 由x1+x2=t=t 可得t=0.8 s． 答：（1）小球在B点的速度大小是2m/s； （2）小球进入电场后滑行的最大距离是0.4m； （3）小球从A点滑至C点所用的时间是0.8s． 【考点】机械能守恒定律；平均速度；电势能． 【分析】（1）分段应用动能定理列出等式求解小球在B点的速度． （2）可以根据牛顿第二定律求得加速度，再由运动学公式求解． （3）根据运动学规律求解小球从A到B和从B到C的两段位移中的平均速度，根据总位移与平均速度的关系求解． 18. 总质量为80kg的跳伞运动员从离地500m的直升机上跳下，经过2s拉开绳索开启降落伞，如图所示是跳伞过程中的v﹣t图，试根据图象求：（g取10m/s2） （1）t=1s时运动员的加速度和所受阻力的大小． （2）估算14s内运动员下落的高度及克服阻力做的功． （3）估算运动员从飞机上跳下到着地的总时间． 参考答案： 解析：（1）在0﹣2S内，运动员做匀加速运动 有：a=m/s2=8m/s2 又：根据牛顿第二定律：mg﹣F=ma得 F=mg﹣ma=80×2N=160N （2）速度图线与时间轴所夹面积为下落高度  h=2×2×40=