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湖北省黄冈市傅桥中学2022-2023学年高三数学文期末试题含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 已知F1,F2是椭圆和双曲线的公共焦点,P是它们的一个公共点,且,则椭圆和双曲线的离心率的倒数之和的最大值为
A. B. C.3 D.2
参考答案:
A
设椭圆离心率,双曲线离心率,由焦点三角形面积公式得,即,即,设,
由柯西不等式得最大值为.
2. 已知向量的夹角为,, 与共线,则的最小值为
A. B. C. D.1
参考答案:
C
略
3. 设是三个不重合的平面,是不重合的直线,下列判断正确的是( )
(A) 若则 (B)若则
(C) 若则 (D)若则
参考答案:
B
略
4.
参考答案:
B
5. 设函数,若,且,则( )
A. B. C. D.
参考答案:
D
当时,为增函数,又,且,故,则即,所以.
6. 已知定义在实数集R上的函数满足=2,且的导数在R上恒有<,则不等式的解集为( )
A. B. C. D.∪
参考答案:
A
略
7. 数学归纳法证明(n+1)?(n+2)?…?(n+n)=2n×1×3×…×(2n﹣1)(n∈N*)成立时,从n=k到n=k+1左边需增加的乘积因式是( )
A.2(2k+1) B. C.2k+1 D.
参考答案:
A
【考点】数学归纳法.
【分析】分别求出n=k时左边的式子,n=k+1时左边的式子,用n=k+1时左边的式子,比较两个表达式,即得所求.
【解答】解:当n=k时,左边=(k+1)(k+2)…(k+k),
当n=k+1时,左边=(k+2)(k+3)…(k+k)(2k+1)(2k+2),
故从“k”到“k+1”的证明,左边需增添的代数式是=2(2k+1),
故选A.
8. (07年全国卷Ⅱ)下列四个数中最大的是( )
A. B. C. D.
参考答案:
答案:D
解析:∵ ,∴ ln(ln2)<0,(ln2)2< ln2,而ln=ln2,∴ 最大的数是ln2,选D。
9. 命题“存在实数,使”的否定是( )
(A) 对任意实数, 都有 (B)不存在实数,使x1
(C) 对任意实数, 都有 (D)存在实数,使
参考答案:
C
10. 函数的导函数在区间[-π,π]上的图象大致是( )
A. B.
C. D.
参考答案:
A
,可排除
又∵f′(x)在x=0处取最大值;故排除B.
故选A
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. (坐标系与参数方程选做题)
极坐标方程分别是和的两个圆的圆心距是 .
参考答案:
略
12. 若P是抛物线y2=8x上的动点,点Q在以点C(2,0)为圆心,半径长等于1的圆上运动.则|PQ|+|PC|的最小值为 .
参考答案:
3
【考点】K8:抛物线的简单性质.
【分析】先根据抛物线方程求得焦点坐标,根据抛物线的定义可知P到准线的距离等于点P到焦点的距离,进而问题转化为求点P到点Q的距离与点P到抛物线的焦点距离之和的最小值,根据图象可知当P,Q,F三点共线时P到点Q的距离与点P到抛物线的焦点距离之和的最小,为圆心到焦点F的距离减去圆的半径.
【解答】解:由于点C为抛物线的焦点,则|PC|等于点P到抛物线准线x=﹣2的距离d.
又圆心C到抛物线准线的距离为4,
则|PQ|+|PC|=|PQ|+d≥3.当点P为原点,Q为(1,0)时取等号.
故|PQ|+|PC|得最小值为3.
故答案为:3.
13. 已知等比数列的各均为正数,且,则数列的通项公式为 ;
参考答案:
14. 函数f(x)是定义在R上的奇函数,f(3)=0,且x<0时,xf′(x)<f(x),则不等式f(x)≥0的解集是 .
参考答案:
{x|﹣3<x<0或x>3}
略
15. 图中,已知点D在BC边上,ADAC,则的长为 ;
参考答案:
略
16. 若变量满足约束条件的最小值为,则k=________.
参考答案:
-1
17. 等差数列{an}中,Sn为其前n项和,若a5=10,S5=30,则+++…+= .
参考答案:
【考点】数列的求和;等差数列的前n项和.
【专题】方程思想;转化思想;等差数列与等比数列.
【分析】设等差数列{an}的公差为d,由a5=10,S5=30,可得,解得a1,d.可得Sn,再利用“裂项求和”方法即可得出.
【解答】解:设等差数列{an}的公差为d,∵a5=10,S5=30,∴,
解得a1=d=2.
∴Sn==n(n+1),
∴==.
则+++…+=++…+=1﹣=.
故答案为:.
【点评】本题考查了等比数列与等差数列的通项公式、“裂项求和”方法,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. 已知函数f(x)=x2+(a﹣1)x+b+1,当x∈[b,a]时,函数f(x)的图象关于y轴对称,数列{an}的前n项和为Sn,且Sn=f(n+1)﹣1
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)设bn=,求数列{bn}的前n项和Tn.
参考答案:
【考点】数列的求和;数列递推式.
【分析】(1)依题意,可求得a=1,b=﹣1,从而得Sn=n2,于是可求得a1及an=Sn﹣Sn﹣1=2n+1(n≥2),观察即可求得数列{an}的通项公式;
(2)由(1)得bn=,利用错位相减法可求得Tn=5﹣.
【解答】解:(1)∵函数f(x)的图象关于y轴对称,
∴a﹣1=0且a+b=0,
解得a=1,b=﹣1,
∴f(x)=x2,
∴Sn=f(n+1)﹣1=(n+1)2﹣1=n2+2n
即有an=Sn﹣Sn﹣1=2n+1(n≥2),a1=S1=1也满足,
∴an=2n+1;
(2)由(1)得bn=,
Tn=+++…++,①
∴Tn=+++…++,②
①﹣②得Tn=++++…+﹣
=+2×﹣
=+2﹣﹣
=﹣.
∴Tn=7﹣.
19. 已知函数,.
(1)设,讨论函数的单调性;
(2)若,证明:在(0,+∞)恒成立.
参考答案:
(1)见解析;(2)见解析
【分析】
(1)求出,分三种情况讨论的范围,在定义域内,分别令求得的范围,可得函数增区间,令求得的范围,可得函数的减区间;(2)设,两次求导可证明在上单调递增,可得,则,再结合可得结论.
【详解】(1)因为,
所以,
①若,.∴在上单调递减.
②若,则,
当,或时,,当时,,
∴,上单调递减,在上单调递增.
③若,则,
当,或时,,当时,.
∴在,上单调递减,在上单调递增.
(2)∵,∴.
设,则.
设,则,在上,恒成立.
∴在上单调递增.
又∵,∴时,,所以在上单调递增,
∴,∴,,
所以,
所以在上恒成立.
【点睛】本题主要考查利用导数研究函数的单调性以及不等式的证明,属于难题.不等式证明问题是近年高考命题的热点,利用导数证明不等主要方法有两个,一是比较简单的不等式证明,不等式两边作差构造函数,利用导数研究函数的单调性,求出函数的最值即可;二是较为综合的不等式证明,要观察不等式特点,结合已解答的问题把要证的不等式变形,并运用已证结论先行放缩,然后再化简或者进一步利用导数证明.
20. (12分)(2011?东城区二模)已知,.
(Ⅰ)求cosA的值;
(Ⅱ)求函数的值域.
参考答案:
(1) (2)
(Ⅰ)因为,且,
所以,.
因为=.
所以.
(Ⅱ)由(Ⅰ)可得.
所以=1﹣2sin2x+2sinx=,x∈R.
因为sinx∈[﹣1,1],所以,当时,f(x)取最大值;
当sinx=﹣1时,f(x)取最小值﹣3.
所以函数f(x)的值域为.
21. 对于函数与常数a,b,若恒成立,则称(a,b)为函数的一个“P数对”:设函数的定义域为,且f(1)=3.
(I)若(a,b)是的一个“P数对”,且,,求常数a,b的值;
(Ⅱ)若(1,1)是的一个“P数对”,求;
(Ⅲ)若()是的一个“P数对”,且当时,,求k的值及在区间上的最大值与最小值.
参考答案:
(Ⅰ);(Ⅱ);(Ⅲ)当时,在上的最大值为,最小值为3;当且为奇数时,在上的最大值为,最小值为;
当为偶数时,在上的最大值为,最小值为.
解析:(Ⅰ)由题意知,即,解得:
(Ⅱ)由题意知恒成立,令,
可得,∴是公差为1的等差数列
故,又,故.
(Ⅲ)当时,,令,可得,解得,
所以,时,, 故在上的值域是.
又是的一个“数对”,故恒成立,
当时,,
…,
故为奇数时,在上的取值范围是;
当为偶数时,在上的取值范围是.
所以当时,在上的最大值为,最小值为3;
当且为奇数时,在上的最大值为,最小值为;
当为偶数时,在上的最大值为,最小值为.
略
22. 已知数列{}的前n项和为,满足
(1)证明:数列{+2}是等比数列.并求数列{}的通项公式;
(2)若数列{}满足,设是数列的前n项和,求证:
参考答案:
证明:(1)由得:Sn=2an-2n
当n∈N*时,Sn=2an-2n,①
则当n≥2, n∈N*时,Sn-1=2an-1-2(n-1). ②
①-②,得an=2an-2an-1-2,
即an=2an-1+2,
∴an+2=2(an-1+2)
∴
当n=1 时,S1=2a1-2,则a1=2,
∴ {an+2}是以a1+2为首项,以2为公比的等比数列.……5分
∴an+2=4·2n-1,
∴an=2n+1-2,
(2)证明:由
则③
,④
③-④,得
所以: .
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