湖北省荆门市烟垢中学高二物理模拟试卷含解析

湖北省荆门市烟垢中学高二物理模拟试卷含解析 一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意 1. 做简谐振动的单摆摆长不变，若摆球质量增加为原来的4倍，摆球经过平衡位置时速度减小为原来的1/2，则单摆振动的(　  　) A．频率、振幅都不变         B．频率、振幅都改变 C．频率不变，振幅改变    D．频率改变，振幅不变 参考答案： C 2. 参考答案： A 3. (单选)我国开通了能在轨道上悬浮的磁悬浮列车，这是应用了（       ） A、异种电荷相互吸引的原理           B、同种电荷相互排斥的原理 C、异名磁极相互吸引的原理           D、同名磁极相互排斥的原理 参考答案： D 4. （多选）如图所示的直线是真空中某电场的一条电场线，A、B是这条直线上的两点．一质子以速度vA经过A点向B点运动，经过一段时间后，质子以速度vB经过B点，且vB与vA方向相反，则（　 　） A．A点的电势一定低于B点的电势 B．A点的场强一定大于B点的场强 C．质子在A点的电势能一定小于它在B点的电势能 D．质子在A点的动能一定小于它在B点的动能 参考答案： AC 5. 如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，R1=20Ω，R2=30Ω，C为电容器，已知通过R1的正弦式电流如图乙所示，则（　　） A．交变电流的频率为0.02Hz B．原线圈输入电压的最大值为200V C．电阻R2的电功率约为6.67W D．通过R3的电流始终为零 参考答案： C 【考点】变压器的构造和原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式． 【分析】由电压与匝数成反比可以求得副线圈的电压的大小，电容器的作用是通交流隔直流． 【解答】解：A、根据变压器原理可知原副线圈中电流的周期、频率相同，周期为0.02s、频率为50赫兹，A错误． B、由图乙可知通过R1的电流最大值为Im=1A、根据欧姆定律可知其最大电压为Um=20V，再根据原副线圈的电压之比等于匝数之比可知原线圈输入电压的最大值为200V，故B错误； C、根据正弦交流电的峰值和有效值关系并联电路特点可知电阻R2的电流有效值为I==A，电阻R2的电功率为P=I2R2=6.67W，C正确； D、因为电容器有通交流、阻直流的作用，则有电流通过R3和电容器，D错误； 故选：C． 二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分 6. 打点计时器输入的交变电流的频率是50Hz，则打点计时器每隔　　　s打一个点。若测得纸带上打下的第10个到20个点的距离为20.00cm，则物体在这段位移的平均速度为　　m/s。 参考答案： 7. 如图所示，带电荷量分别为和的两个点电荷与相距，在与间放置一个原来不带电的导体当导体处于静电平衡状态时，感应电荷在连线的中点处(在导体内)产生的电场强度大小为______，方向为______ 参考答案：   沿ba连线向左（或水平向左） 8. 世纪是全世界大规模开发利用海洋资源、发展海洋经济的新时期。为了人类和平利用海洋资源，今年我国环球科学考察船“大洋一号”首次执行环球大洋科学考察任务。  “大洋一号”配备有一种声呐探测系统，用它可测量海水的深度。其原理是：用超声波发生器垂直向海底发射超声波，超声波在海底反射回来，若已知超声波在海水中的波速，通过测量从发射超声波到接收到反射波的时间，就可推算出船所在位置的海水深度。现已知超声波在海水中的波速为1500m/s，船静止时，测量从发射超声波到接收到反射的时间为8s，试计算该船所在位置的海水深度这为                如果“大洋一号”在海洋中以速度v0做匀速直线航行，忽略风力的影响，请回答： （1）船除受到推进力、阻力和浮力的作用外，还受到______________的作用，船沿航行方向受到的合外力大小______________。（2）假设船所受的阻力与船速的平方成正比，当航速为0.9v0时，船的推进功率是原来的百分之几？ 参考答案： 6 000 m重力  等于零  72.9% 9. 如图所示，在一次救灾工作中，一架离水面高为H，沿水平直线飞行的直升机A，用悬索(重力可忽略不计)救护困在湖水中的伤员B，已知伤员B的质量为m，不计空气阻力，在直升机A和伤员B以相同的水平速度水平匀速运动的同时，悬索将伤员吊起。A、B之间的距离l随时间t的变化规律为：l = H - kt2 (SI制单位，k为给定常数)，则在时间t内伤员的机械能增加了________； t 时刻悬索拉力的瞬时功率为______________。 参考答案： 2mk2t2+mgkt2 、2ktm（2k+g） 10. `（1）研究光电效应电路如图所示，用频率相同、强度不同的光分别照射密封真空管的钠极板（阴极K），钠极板发射出的光电子被阳极A吸收，在电路中形成光电流。下列光电流I与A、K之间的电压UAK的关系图象中，正确的是 （2）钠金属中的电子吸收光子的能量，从金属表面逸出，这就是光电子。光电子从金属表面逸出的过程中，其动量的大小_______(选填“增大、“减小”或“不变”)， 原因是_______。 参考答案： 11. 如图所示，平行电容器C的两个极板分别与一导线的两端相连，导线所围得面积处在如图所示的磁场中，设C=20F，若磁感应强度B的变化使穿过导线所围面积的磁通量在0.45s内由1×10-3Wb增大到1×10-2Wb，则此电容器两极板间的电压为      V，b极板所带电荷量是在     C。 参考答案： 2×10-2，4×10-7 12. （8分）如图所示，一小型发电站通过升压、降压变压器把电能输送给用户，已知发电机的输出功率为500KW，端电压为500V，升压变压器B1的原副线圈的匝数比为1:5，两变压器间输电导线的总电阻为1.5Ω，降压变压器的输出电压为220V，不计变压器的损耗，则升压变压器B1副线圈的端电压U2=________，输电线上损失功率P=___________。   参考答案： 2500V   60000w   13. （5分）欧姆表的电池用久后（但仍能调零）被测电阻的测量值与其真实值相比是         。（填写“偏大”或“偏小”） 参考答案： 偏大 三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分 14. 在观察光的干涉现象的实验中，将两片刀片合在一起，在涂有墨汗的玻璃片上划出不同间隙的双缝；按图所示的方法，让激光束通过自制的双缝． (1)保持缝到光屏的距离不变，换用不同间隙的双缝，双缝的间隙越小，屏上明暗相间的条纹间距________(填“越大”或“越小”)； (2)保持双缝的间隙不变，光屏到缝的距离越大，屏上明暗相间的条纹间距________(“越大”或“越小”)； (3)在狭缝间的距离和狭缝与屏的距离都不变的条件下，用不同颜色的光做实验，发现用蓝色光做实验在屏上明暗相间的条纹间距比用红色光做实验时________(“大”或“小”)； (4)实验观察到光屏上呈现明暗相间的条纹，试运用波动理论对明纹的形成予以解释． 答： ________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________. 参考答案：   (1)越大　(1分)     (2)越大 (1分)　       (3)小 (1分) (4)同一色光透过双缝的光形成相干光源，在光屏相遇，有的区域光振动加强，有的区域光振动减弱，光振动加强区域呈现明纹． 15. 用如图所示器材研究电磁感应现象和判定感应电流方向． （1）用笔画线代替导线将实验电路补充完整． （2）合上开关，能使感应电流与原电流的绕行方向相同的实验操作是　   　 A．插入软铁棒            B．拔出小线圈 C．使变阻器阻值变大       D．断开开关 （3）某同学发现闭合开关后，将滑线变阻器的滑片向左滑动时，发现电流表指针向右偏转．则当他将铁芯向上拔出时，能观察到电流计指针　     （选填“向右”或“向左”）偏转． 参考答案： 解：（1）将线圈L2和电流计串联形成一个回路，将电键、滑动变阻器、电压、线圈L1串联而成另一个回路即可，实物图如下所示： （2）根据楞次定律可知，若使感应电流与原电流的绕行方向相同，则线圈L2中的磁通量应该减小，故拔出线圈L1、使变阻器阻值变大、断开开关均可使线圈L2中的磁通量减小，故A错误，BCD正确． （3）由图示可知，将滑动变阻器的滑动片P向左滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，通过线圈A的电流增大，电流产生的磁场增强，穿过线圈B的磁通量增大，电流计指针向右偏转，由此可知，穿过线圈B的磁通量增大时，电流表指针向右偏，则磁通量减少时，指针向左偏； 如果将铁芯向上拔出时，穿过线圈B的磁通量减少，电流表指针左偏； 故答案为：（1）如上图所示： （2）BCD；（3）向左． 【考点】研究电磁感应现象． 【分析】（1）注意在该实验中有两个回路，一个由线圈L2和电流计串联而成，另一个由电键、滑动变阻器、电压、线圈L1串联而成． （2）根据楞次定律求解，若使感应电流与原电流的绕行方向相同，则线圈L2中的磁通量应该减小，据此可正确解答； （3）根据题意确定电流表指针偏转方向与磁通量变化间的关系，然后根据题意判断磁通量如何变化，再判断指针偏转方向． 四、计算题：本题共3小题，共计47分 16. （6分）竖直放置的半圆形光滑绝缘管道处在图所示的匀强磁场中，B＝1.1T，管道半径R＝0.8m，其直径POQ在竖直线上，在管口P处以2m/s的速度水平射入一个带电小球（可视为质点），其电量大小为10－4C（g取10m/s2）试求：     （1）小球滑到Q处的速度为多大？ （2）若小球从Q处滑出瞬间，管道对它的弹力正好为零，小球的质量为多少？ 参考答案： 解析： （1）小球在管道中受重力、洛仑兹力和轨道的作用力，而只有重力对小球做功，由动能定理得： mg·2R=m  解得vQ= ＝6m/s  （2）在Q处弹力为零，则洛仑兹力和重力的合力提供向心力，有 q 解得m＝1.2×10-5㎏ 17. 如图所示，相距为d的两平行金属板M、N与电池组相连后，其间形成匀强电场，一带正点粒子从M极板边缘垂直于电场方向射入，并打在N极板的正中央。不计重力，现欲把N极板远离M极板平移，使原样射入的粒子能够射出电场，就下列两种情况求出N极板至少移动的距离。 （1）电键闭合   （2）把闭合的电键打开后                参考答案： (1)电键K闭合 设粒子的质量为m，所带电量为q，平行金属板长为L，电源电压为U，当极板间的距离为d时，粒子在极板间飞行的时间为t，则 设使粒子能射出电场时N极板下移的最小距离为x1，此时，粒子发生的水平距离为L，竖直位移为(d+x1)，设粒子的运动时间为t'，则： 联立①②③④解得：x1=d (2)把闭合的电键K打开后： 当极板N下移时，由于极板所带电量不变，极板上电荷密度不变，板间电场线密度不变，所以，板间电场强度不变，粒子运动的加速度不变，设此时使粒子能射出电场时N极板下移的最小距离为x2，则 联立①②③④⑤解得： x2=3d 18. 加在某导体两端的电压变为原来的3/5时，导体中的电流减小了0.4A，如果所加电压变为原来的2倍，则导体中的电流多大？ 参考答案： 2A 解：设是导体两端原来的电压为U，电流为I，则 导体的电阻 又由题，导体两端的电压变为原来的