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河北省秦皇岛市抚宁县第一中学高三物理联考试题含解析
一、 选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意
1. (单选)试判断下列几个速度中哪个是平均速度( )
A.
子弹出枪口的速度800m/s
B.
小球第3s末的速度6m/s
C.
汽车从甲站行驶到乙站的速度40km/h
D.
汽车通过站牌时的速度72km/h
参考答案:
考点:
平均速度.版权所有
专题:
直线运动规律专题.
分析:
瞬时速度表示某一时刻或某一位置的速度,平均速度表示某一段时间或某一段位移内的速度.
解答:
解:A、子弹出枪口的速度是研究的某一位置的速度,是瞬时速度.故A错误.
B、第3s末是一时刻,该时刻的速度表示瞬时速度.故B错误.
C、汽车从甲站行驶到乙站的速度表示一段位移内的速度,为平均速度.故C正确.
D、汽车通过站牌时的速度,是对应一个位置的速度,是瞬时速度.故D错误.
故选:C.
点评:
解决本题的关键会区分平均速度和瞬时速度,瞬时速度表示某一时刻或某一位置的速度,平均速度表示某一段时间或某一段位移内的速度.
2. (多选)一质量为M的物体,同时受到三个不在同一直线上的恒力F1、F2、F3作用,保持匀速直线,当撤去F3,其他力不变时,物体做匀加速直线运动,下列说法正确的是( )
A.如撤去F1,F2和F3不变,则物体可能做直线运动
B.如撤去F1,F2和F3不变,则物体一定做曲线运动
C.如将F3反向,F1和F2不变,则物体一定做匀减速直线运动
D.如同时撤去F1和F2 ,F3不变,则物体一定做匀减速直线运动
参考答案:
BD
3. (2013秋?绥棱县校级期末)如图所示,用绳索将重球挂在墙上,不考虑墙的摩擦.如果把绳的长度增加一些,则球对绳的拉力F1和球对墙的压力F2的变化情况是( )
A. F1增大,F2减小 B. F1减小,F2增大
C. F1和F2都减小 D. F1和F2都增大
参考答案:
C
解:以小球为研究对象,分析受力如图.设绳子与墙的夹角为θ,由平衡条件得
F1′=,F2′=mgtanθ
根据牛顿第三定律得
球对绳的拉力F1=F1′=,
球对墙的压力F2=F2′=mgtanθ
把绳的长度增大减小,θ减小,cosθ增大,tanθ减小,则得到F1和F2都减小.
故选:C
4. 空间存在一个匀强磁场B,其方向垂直纸面向里,还有一点电荷Q的电场,如图2所示,一带电粒子-q以初速度v0从图示位置垂直于电场、磁场入射,初位置到点电荷+Q的距离为r,则粒子在电、磁场中的运动轨迹不可能为 ( )
A.以点电荷+Q为圆心,以r为半径,在纸平面内的圆周
B.初阶段在纸面内向右偏的曲线
C.初阶段在纸面内向左偏的曲线
D.沿初速度v0方向的直线
参考答案:
D
5. 两电阻R1、R2的电流I随电压U变化的关系图线如图所示,其中R1的图线与纵轴的夹角和R2的图线与横轴的夹角都是θ=30o.若将R1、R2串联起来接入电路中,则通电后R1、R2消耗的电功率之比P1∶P2等于
A.1∶ B.3∶
C.1∶3 D.3∶1
参考答案:
答案:C
二、 填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分
6. 如图所示,边长为L=0.2m的正方形线框abcd处在匀强磁场中,线框的匝数为N=100匝,总电阻R=1Ω,磁场方向与线框平面的夹角θ=30°,磁感应强度的大小随时间变化的规律B=0.02+0.005 t(T),则线框中感应电流的方向为 ,t=16s时,ab边所受安培力的大小为 N。
参考答案:
adcba ; 0.02 N。
7. 汽车以15m/s的初速度作匀减速直线运动,若在第二秒内通过的位移是7.5m,则汽车的加速度大小为______m/s2,在刹车之后的1s内、2s内、3s内汽车通过的位移之比为______。
参考答案:
5 ; 5:8:9
8. (5分)假设在NaCl蒸气中存在由钠离子Na+和氯离子Cl-靠静电相互作用构成的单个氯化钠NaCl分子,若取Na+与Cl-相距无限远时其电势能为零,一个NaCl分子的电势能为-6.1eV,已知使一个中性钠原子Na最外层的电子脱离钠原子而形成钠离子Na+所需的能量(电离能)为5.1eV,使一个中性氯原子Cl结合一个电子形成氯离子Cl-所放出的能量(亲和能)为3.8eV。由此可算出,在将一个NaCl分子分解成彼此远离的中性钠原子Na和中性氯原子Cl的过程中,外界供给的总能量等于____________。
参考答案:
答案:4.8
9. 北京时间2011年3月11日在日本海域发生强烈地震,强震引发了福岛核电站危机.核电中的U发生着裂变反应,试完成下列反应方程式U+n→Ba+Kr+______;已知U、Ba、Kr和中子的质量分别是mU、mBa、mKr、mn,该反应中一个235U裂变时放出的能量为__________.(已知光速为c)
参考答案:
3n(mu-mBa-mKr-2mn)c2
10. 如图所示,水平平行线代表电场线,但未指明方向,带电量为10-8C的正电微粒,在电场中只受电场力的作用,由A运动到B,动能损失2×10-4J,A点的电势为-2×103V,则微粒运动轨迹是虚线______ (填“1”或“2”),B点的电势为_________V.
参考答案:
2 , 1.8×104
11. )用欧姆表测电阻时,将选择开关置于合适的挡位后,必须先将两表笔短接,调整 ▲ 旋钮,使指针指在欧姆刻度的“0”处.若选择旋钮在“×100”位置,指针在刻度盘上停留的位置如图所示,所测量电阻的值为 ▲ .
参考答案:
欧姆调零(2分) 3200(2分)
欧姆表使用前首先应进行调零,即将两表笔短接,调整欧姆调零旋钮使指针指在欧姆刻度的“0”处。欧姆表读数一定不要忘记乘以倍率。
12. A.两颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动,若运行线速度之比是v1∶v2=1∶2,则它们运行的轨道半径之比为__________,所在位置的重力加速度之比为
4∶1,1∶16
2012学年普陀模拟21A
__________。
参考答案:
4∶1,1∶16
13. 液体表面存在表面张力,因此具有相互作用的能量叫表面张力能.水泼到桌面上,我们看到水马上就会收缩.在收缩过程中,水的表面张力做 ______功(选填“正”或“负”),表面张力能 _______(选填“增大”、“不变”或“减小”).
参考答案:
三、 实验题:本题共2小题,每小题11分,共计22分
14. 如图甲所示:是一个简易的多用表电路图,电流档有两个量程,分别是50mA和250mA,电压档量程是3V,电阻档倍率是X1,S是选择开关,1、2、3、4是四个选择位置,A是红表笔,B是黑表笔。在图乙中小灯泡标有“2.5V0.6W”,用这个多用表对图乙中的电路进行测量,回答下列问题:
(1) 在图乙电路中,闭合开关,发现小灯泡不亮,用多用表的电压档检测,先把多用表的选择开关S调到位置________,测量a、d两点间的电压为零,测a、e两点间的电压约为3V,判断故障是_______。ks5u
(2) 排除故障后,调节变阻器,使小灯泡正常发光。用多用表测量小灯泡的额定电流,先断开开关,拆下导线e f,将多用表的选择开关S调到位置_____,用两表笔分别接e、f两点,A表笔应接_______点,再闭合开关,观察读数。
(3) 测灯泡的电阻,将多用表的选择开关调到位置_______,将两表笔对接,调节电阻_______,使指针指到欧姆表的0刻度。断开开关,用两表笔接_______两点,测出电阻为10欧,指针指在电流满偏值的3/4处,则多用表中电源的电动势为_______。(保留三位有效数字)
参考答案:
15. 测匀变速直线运动加速度的实验中,接通电源与释放纸带让其随物体开始运动,这两个操作的先后顺序应当是
A.先接通电源,后释放纸带 B.先释放纸带,后接通电源
C.释放纸带的同时接通电源 D.先释放纸带或先接通电源都可以
参考答案:
A
四、计算题:本题共3小题,共计47分
16. 如图所示,质量为m = lkg的小球穿在斜杆上, 斜杆与水平方向的夹角为θ=37°,球恰好能在杆上匀速滑动.若球受到一大小为F =40N的水平推力作用,可使小球沿杆向上加速滑动(g取10m/s2),求:
(1)小球与斜杆间的动摩擦因数μ的大小;
(2)小球沿杆向上加速滑动的加速度大小.
参考答案:
解:(1)对小球受力分析,由平衡条件可知:
mgsinθ=f1………………①
N1=mgcosθ………………②
f1=μN1………………③
解得μ=tan37°=0.75………④ (6分)
(2)水平推力作用后,由牛顿第二定律:
Fcosθ-mgsinθ-f2=ma………………⑤
f2=μN2=μ(Fsinθ+mgcosθ) ……………⑥
解得 a = 2 m/s2. (6分)
17. 如图所示,物块C质量mc=4kg,上表面光滑,左边有一立柱,放在光滑水平地面上.一轻弹簧左端与立柱连接,右端与物块B连接,mB=2kg.长为L=3.6m的轻绳上端系于O点,下端系一物块A,mA=3kg.拉紧轻绳使绳与竖直方向成60°角,将物块A从静止开始释放,达到最低点时炸裂成质量m1=2kg、m2=1kg的两个物块1和2,物块1水平向左运动与B粘合在一起,物块2仍系在绳上具有水平向右的速度,刚好回到释放的初始点.A、B都可以看成质点.取g=10m/s2.求:
(1)设物块A在最低点时的速度v0和轻绳中的拉力F大小.
(2)物块A炸裂时增加的机械能△E.
(3)在以后的过程中,弹簧最大的弹性势能Epm.
参考答案:
考点:
动量守恒定律;牛顿第二定律;动能定理..
专题:
动量定理应用专题.
分析:
(1)由动能定理可求得小球到达底部时的速度,再由向心力公式可求得绳子的拉力;
(2)由动能守恒可求得碰后整体的速度,再由能量守恒可求得增加的机械能;
(3)对于1和B为整体,由动量守恒可求得粘合后的速度,再由能量守恒可求得最大弹性势能.
解答:
解:(1)物块A炸裂前的速度为v0,由动能定理有
mAgL(1﹣cos60°)=mAv02 ①
解得 v0=6m/s
在最低点,根据牛顿第二定律有
F﹣mAg=mA ②
由①②式解得 F=mAg+2mAg (1﹣cos60°)=60N
(2)设物块1的初速度为v1,物块2的初速度为v2,则v2=v0
由动量守恒定律得mAv0=m1v1﹣m2v2
解得v1=12m/s
△E=m1v12+m2v22﹣mAv02
解得△E=108 J
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