河北省秦皇岛市祖山中学2022-2023学年高二物理月考试卷含解析

河北省秦皇岛市祖山中学2022-2023学年高二物理月考试卷含解析 一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意 1. （单选）图中a、b、c、d为四根与纸面垂直的长直导线，其横截面位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相同的电流，方向如图所示。一带正电的粒子从正方形中心O点沿垂直于纸面的方向向外运动，它所受洛伦兹力的方向是 A．向上    B．向下      C．向左     D．向右 参考答案： B 2. 利用发波水槽得到的水面波形如图a、b所示，则D A．图a、b均显示了波的干涉现象 B．图a、b均显示了波的衍射现象 C．图a显示了波的干涉现象，图b显示了波的衍射现象 D．图a显示了波的衍射现象，图b显示了波的干涉现象 参考答案： D 3. （单选）将两个质量均为所的小球a、b用细线相连后，再用细线悬挂于O点，如图所示。用力F拉小球b，使两个小球都处于静止状态，且细线Oa与竖直方向的夹角保持θ=30°，则F的最小值为（　  　） 参考答案： B 以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力，作出F在三个方向时整体的受力图，根据平衡条件得知：F与T的合力与重力mg总是大小相等、方向相反，由力的合成图可知，当F与绳子oa垂直时，F有最小值，即图中2位置，F的最小值为： 根据平衡条件得：F=2mgsin30°=mg。 故选B。 4. （单选）如图1所示，质量均为m的物体A、B通过一劲度系数k的弹簧相连，开始时B放在地面上，A、B均处于静止状态，现通过细绳将A向上拉起，当B刚要离开地面时，A上升距离为L，假设弹簧一直在弹性限度内，则    (　　) 参考答案： B 5. 如图4所示，带有等量异种电荷的两块很大的平行金属板M、N水平正对放置，两板间有一带电微粒以速度V。沿直线运动，当微粒运动到P点时，迅速将M板上移一小段距离，则此后微粒的可能运动情况是(    )   A．沿轨迹①做曲线运动   B．方向改变沿轨迹②做直线运动 C．方向不变沿轨迹③做直线运动 D．沿轨迹④做曲线运动 参考答案： C 二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分 6. 有两个完全相同的金属小球A、B，其中，A球带电荷量为9Q，B球带电荷量为－Q，将A和B固定起来，二者间距离为R，二者间作用力为          ，然后让A球和B球接触，再放回原来位置，此时作用力与原来二者间作用力的比值是    （其中Q为正数） 参考答案： 9KQ2/R2       、   16：9    7. 电磁波谱有无线电波、       、可见光、紫外线、X射线、γ射线。 参考答案： 8. 篮球以的速度水平地撞击篮板以后以的速度反向弹回，球与板接触时间为0.1，选反弹方向为正方向，则篮球在这段时间内的速度变化量为          ，加速度的大小 为               参考答案：   18  ，  180 9. 如图所示的LC振荡电路中电感线圈中的磁场能正在________(填“增加”或“减小”)，再过Δt=时电路中电容器极板间的电场方向向 ________(填“上”或“下”)。   参考答案： 增加、上 10. 如下图(a)所示，在弹簧振子的小球上安装了一支记录用的笔P，在下面放一白纸带．当小球做简谐运动时，沿垂直于振动方向拉动纸带，笔P就在纸带上画出了一条振动曲线．已知在某次实验中沿如图(a)所示方向拉动纸带，且在某段时间内得到如图(b)所示的曲线．根据曲线回答下列问题： 纸带速度的变化是________(填“增大”、“不变”或“减小”)． (2)若纸带的加速度a＝2m/s2，且已测出图(b)中xab＝0.54m，xbc＝0.22m，则弹簧振子周期T＝________. 参考答案： 增大（2分）  0.8s 11. 气垫导轨是常用的一种实验仪器．它是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成气垫，使滑块悬浮在导轨上，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦．我们可以用带竖直挡板C和D的气垫导轨以及滑块A和B来验证动量守恒定律，实验装置如图所示（弹簧的长度忽略不计），采用的实验步骤如下： A．用天平分别测出滑块A、B的质量mA、mB； B．调整气垫导轨，使导轨处于水平； C．在A和B间放入一个被压缩的轻弹簧，用电动卡销锁定，静止地放置在气垫导轨上； D．用刻度尺测出A的左端至C板的距离L1． E．按下电钮放开卡销，同时使分别记录滑块A、B运动时间的计时器开始工作．当A、B滑块分别碰撞C、D挡板时停止计时，记下A、B分别到达C、D的运动时间t1和t2． 本实验中还应测量的物理量是　            　，利用上述测量的实验数据，验证动量守恒定律的表达式是　               　． 参考答案： B的右端至D板的距离L2； = 【考点】验证动量守恒定律． 【分析】本题的关键是列出A、B系统的动量守恒定律表达式，再结合速度与位移的关系即可求解． 【解答】解：对A与B组成的系统，由动量守恒定律应有= 再由=， =，其中是B的右端至D板的距离，所以实验还应测量出B的右端至D板的距离L2 即动量守恒定律的表达式应为= 故答案为：B的右端至D板的距离L2； = 12. 放射性同位素钍（）经过       次和        次衰变后，生成了氡（），其衰变方程为：                             。 参考答案： 3  2     13. 用a、b两束单色光分别照射同一双缝干涉装置，在距双缝恒定距离的屏上得到图示的干涉图样，其中甲图是a光照射时形成的，乙图是b光照射时形成的。则a光光子的能量                b光光子的能量，在水中a光传播的速度      　b光传播的速度（填大于或小于）。　　 　　　　 参考答案： 小于；大于 三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分 14. 在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，小灯泡额定电压为2.5V、电流为0.3A． A．电流表（0～3A，内阻约0.04Ω） B．毫安表（0～300mA，内阻约4Ω） C．电压表（0～10V，内阻10KΩ） D．电压表（0～3V，内阻10KΩ） E．电源（额定电压1.5V，最大允许电流2A） F．电源（额定电压3V，最大允许电流1A） G．可变电阻（阻值范围0～10Ω，额定电流1A） H．可变电阻（阻值范围0～50Ω，额定功率0.5W） I．导线若干根，电键一个． （1）为使测量安全和尽可能准确，应选用的器材是　   　．（用字母代号填写） （2）部分连线的实物照片如图甲所示，请在答题纸上画出完整的电路图； （3）某次实验中，当电流表的示数为0.18A，电压表的指针如图乙所示，则电压为　   　V，此时小灯泡的功率是　   　W； 参考答案： 解：（1）灯泡额定电压为2.5V，故电源应选择3V的F，电压表选择3V的D；灯泡额定电流为0.3A，故电流表应选择B；本实验采用分压接法，故滑动变阻器应选择小电阻G，同时还需要导线和开关I； （2）根据实验原理可知，本实验采用滑动变阻器分压接法，同时因灯泡内阻较小，故电流表采用外接法，故原理图如图所示； （3）电表量程为3V，则最小分度为0.1V，则读数为1.50V，功率P=UI=1.5×0.18=0.27W； （4）灯泡内阻随着电压增大而增大，故在I﹣U图象中图象的斜率越来越小，故正确图象应为C． 故答案为：（1）BDFGI；（2）如图所示；（3）1.50；0.27；（4）C． （4）正确测量获得的伏安特性曲线是图象（图丙）中的　  　 （填字母）． 【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线． 【分析】（1）仪表的选择应考虑安全和准确，根据额定值可确定电源、电压表和电流表，根据电路接法可明确滑动变阻器； （2）根据实验原理可确定对应的电路图； （3）根据电表的读数方法可得出对应的电压值，再根据功率公式即可求得对应的功率； （4）根据灯泡电阻的性质即可确定对应的图象． 15. 在测定一节干电池的电动势和内阻的实验中，备有下列器材： 待测的干电池（电动势约为1.5V，内阻小于1.0Ω） 电流表A1（量程为0～3mA，内阻Rg1=10Ω） 电流表A2（量程为0～0.6A，内阻Rg2=0.1Ω） 滑动变阻器R1（0～20Ω，10A） 滑动变阻器R2（0～200Ω，1A） 定值电阻R0（990Ω） 开关和导线若干 某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给了两个电流表，于是他设计了如图甲所示的a、b两个实验电路，其中合理的是      图所示的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确进行测量，滑动变阻器应该选      （填写器材前的字母代号） 图乙是该同学根据（1）中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出I1-I2图像（I1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数，且I2的数值远大于I1的数值），则由图像可得被测电池的电动势E=      V，内阻r=      Ω；(结果保留到小数点后两位) 若将图像的纵坐标改为      ，则图线与纵坐标的交点的物理含义即为被测电池的电动势。 参考答案： ）①b（1分）  D（2分）  ②1.48（±0.04）（2分）  0.84（±0.03）（2分）  ③I1（R0+Rg1） 四、计算题：本题共3小题，共计47分 16. 如图所示，足够长的圆柱形气缸竖直放置，其横截面积为S=1×10﹣3m2，气缸内有质量m=2kg的活塞，活塞与气缸壁封闭良好，不计摩擦．开始时活塞被销子K销于如图位置，离缸底L1=12cm，此时气缸内被封闭气体的压强为P1=1.5×105 Pa，温度为T1=300K．外界大气压为P0=1.0×105Pa，g=10m/s2． ①现对密闭气体加热，当温度升到T2=400K，其压强P2多大？ ②若在此时拔去销子K，活塞开始向上运动，当它最后静止在某一位置时，气缸内气体的温度降为T3=360K，则这时活塞离缸底的距离L3为多少？ ③保持气体温度为360K不变，让气缸和活塞一起在竖直方向作匀变速直线运动，为使活塞能停留在离缸底L4=16cm处，则求气缸和活塞应作匀加速直线运动的加速度a大小及方向． 参考答案： 解：①由题意可知气体体积不变， 状态Ⅰ：P1=1.5×105 Pa，T1=300K，V1=1×10﹣3×0.12m2 状态Ⅱ：P2=？T2=400K 气体发生等容变化，由查理定律得： =，代入数据解得：P2=2×105pa； ②状态Ⅲ：p3=P0+=1.2×105pa，T3=360K，V3=1×10﹣3×lm2 由气体状态方程有： =，代入数据解得：l=0.18m=18cm； ③气体发生等温变化，由玻意耳定律得：p3L3S=p4L4S，代入数据解得：p4=1.35×105pa， 由牛顿第二定律得：p4S﹣p3S﹣mg=ma，代入数据解得：a=7.5m/s2，方向：竖直向上； 答：①现对密闭气体加热，当温度升到400K，其压强为2×105pa ②若在此时拔去销子K，活塞开始向上运动，当它最后静止在某一位置时，气缸内气体的温度为360K，则这时活塞离缸底的距离为18cm； ③气缸和活塞应作匀加速直线运动的加速度a大小为7.5m/s2，方向：竖直向上． 【考点】理想气体的状态方程． 【分析】①由于销子的作用，气体的体积不会变化，确定气体的两个状态，分析其状态参量，利用等容变化可解得结果． ②拔去销子K后，活塞会向上移动直至内外压强一致，确定此时的状态参量，结合第一个状态，利用气体的状态方程可解的活塞距离缸底的距离． ③先根据理想气体状态方程列式求解封闭气体的气压，然后对活塞受力分析，求解加速度． 17. 如图