【附5套模拟卷】广东省珠海市2021届新高考物理模拟试题含解析

广东省珠海市2021届新高考物理模拟试题（1）一、单项选择题：本题共6 小题，每小题5 分，共 30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.如图，虚 线 1、2、3 是竖直方向匀强电场中间距相等的等势线。将重力不可忽略、带等量异种电荷的小球a、b 同时以相等的速率分别沿1、3 等势线抛出，时刻两小球经过等势线2。不计两小球间的相互作用。下列说法正确的是（）a|-1 1-2.3.4A.a 的质量比b 的小B.在 f 时刻，a 的动能比b 的大C.在/时刻，a 和 b 的电势能相等D.在/时刻，a 和 b 的动量大小相等【答案】B【解析】【详解】A.根据题述可以判断电场方向垂直于题图中等势线，由于两小球同时经过等势线2,所以小球a 向下加速运动，小球b 向上加速运动，竖直方向上，a 的位移大小等于b 的位移大小，由x=可知a 的加速2度大小等于b 的加速度大小，即竖直方向：对小球a,由牛顿第二定律得qE+mag=maaa对小球b,由牛顿第二定律得qE一叫g=叫 气解以上两式得（加a+饵）g=（鸣一町,）。则故 A 错误；BD.两小球初速度大小相等，加速度大小相等，f 时刻两小球合速度大小相等，加“明,，根据纥可知，/时刻a 的动能比b 的动能大，根据=“可知，/时刻a 的动量大小大于b 的动量大小，故 B正确，D 错误;C.由于在，时刻两小球经过同一等势线，根据纥,=q e 可知，此时a 和 b 的电势能不相等，故 C 错误。故选B。2.甲、乙两物体同时同地沿同一直线运动的速度一时间图象如图所示，下列说法正确的是（）A.小时刻两物体的加速度方向相同B.2 时刻两物体的速度方向相同C.甲物体的加速度逐渐减小D.2fo时刻两物体相遇【答案】B【解析】【分析】【详解】A.由图象可知，斜率表示加速度，则小时刻两物体的加速度方向相反，选 项 A 错误；B.v-t图象中速度在时间轴的同一侧表示速度方向相同，则玲时刻两物体的速度方向相同，选 项 B 正确;C.由斜率表示物体的加速度可知，甲物体的切线斜率越来越大，即加速度逐渐增大，选 项 C 错误；D.v-t图象所围面积表示位移，相遇表示位移相等，由图象可得，2fo时刻两物体不相遇，选项D 错误。故 选 B。3.空间存在如图所示的静电场，图中实线a、b、c、d、e 为静电场中的等势线，虚线为等势线的水平对称轴。一个带负电的粒子从P 点以垂直于虚线向上的初速度V。射入电场，开始一小段时间内的运动轨迹已在图中画出，粒子仅受电场力作用，则下列说法中正确的是（）B.带电粒子从P 点射出后经过等势线b 时，粒子的速率可能等于voC.若让粒子从P 点由静止释放，在图示空间内，粒子将在虚线上做往复运动D.若让粒子从P 点由静止释放，在图示空间内，粒子的加速度先增大后减小【答案】D【解析】【详解】A.由图可知，负电荷弯曲的方向向右，则受到的电场力得方向向右，由于负电荷受到的电场力得方向与电场强度的方向相反，所以电场强度的方向向左，等势线a 电势最低。故 A 错误；B.带电粒子从P 点射出后经过等势线b 时，电场力做正功，则粒子的动能增加，则其速率大于v o,选项B 错误；C.让粒子在P 点由静止释放，粒子受到的电场力得方向始终向右，所以将一直向右做加速运动。故 C 错误；D.电场线的疏密代表电场的强弱，让粒子在P 点由静止释放，粒子将沿虚线向右做加速运动，因电场线先密后疏，可知电场力先增后减，即加速度先增大后减小。故 D 正确。故选D。4.小明乘坐竖直电梯经过Imin可达顶楼，已知电梯在t=0 时由静止开始上升，取竖直向上为正方向，该电梯的加速度a 随时间t 的变化图像如图所示。若电梯受力简化为只受重力与绳索拉力，则05050a/(m-s-2)A.t=4.5 s时，电梯处于失重状态B.在 555 s 时间内，绳索拉力最小C.t=59.5s时，电梯处于超重状态D.t=6 0 s时，绳索拉力的功率恰好为零【答案】D【解析】【详解】A.电梯在t=l时由静止开始上升，加速度向上，电梯处于超重状态，此时加速度a l.t=4.5s时，a l,电梯也处于超重状态。故 A 错误。B.555s时间内，a=l,电梯处于平衡状态，绳索拉力等于电梯的重力，应大于电梯失重时绳索的拉力,所以这段时间内绳索拉力不是最小。故 B 错误。C.t=59.5s时，电梯减速向上运动，a （西 +x2）=10m；故 B 正确，ACD错误；故 选 B。二、多项选择题：本题共6 小题，每小题5 分，共 30分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分7.质量为m 的小球穿在光滑细杆M N上，并可沿细杆滑动。已知细杆与水平面夹角30。，细杆长度为2L,P 为细杆中点。小球连接轻弹簧，弹簧水平放置，弹簧右端固定于竖直平面的O 点。此时弹簧恰好处于原长，原长为2 叵劲 度 系 数 为 螫。将小球从M 点由静止释放，小球会经过P 点，并能够到达N 点。3L下列说法正确的是（）A.小球运动至P 点时受到细杆弹力为士叵Mg6B.小球运动到P 点处时的加速度为且&2c.小 球 运 动 至 N 点 时 的 速 度 再D.小 球 运 动 至 N 点 时弹簧的弹性势能为m g L【答 案】A C【解 析】【详 解】AB.小 球 运 动 至 P 点时，根 据 几 何 关 系 可 得 O P 之间的距离为:Fsin 30=mg故 D 正确。故选ADo9.沿 x 轴正方向传播的一列横波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为200m/s,则下列说法正确的A.从图示时刻开始，经 0.01s质点a 通过的路程为40cm,相对平衡位置的位移为零B.图中质点b 的加速度在增大C.若产生明显的衍射现象，该波所遇到障碍物的尺寸为20mD.从图示时刻开始，经 0.01s质 点 b 位于平衡位置上方，并沿y 轴正方向振动做减速运动E.若此波遇到另一列波，并产生稳定的干涉现象，则另一列波的频率为50Hz【答案】BDE【解析】【详解】A.由图象可知波长为2=4m又波速为v=200m/s则该列波的周期为T=-=0.02sv那么经过0.01s,质点a 振动了半个周期，质点a 通过的路程为40cm,应在负向最大位移处，所 以 A 错误;B.根据同侧法可以判断b 质点此时正沿y 轴负方向振动，也就是远离平衡位置，所以回复力在增大，加速度在增大，所 以 B 正确；C.由图象已知该波的波长是4 m,要想发生明显的衍射现象，要求障碍物的尺寸与机械波的波长差不多或更小，所以障碍物20m不能观察到明显的衍射现象，C 错误；D.经过0.01s,质点b 振动了半个周期，图示时刻质点b 正沿y 轴负方向振动，所以可知过半个周期后,该质点b 在平衡位置上方且沿y 轴正方向振动，速度在减小，所 以 D 正确；E.该波的周期是0.02s,所以频率为/=-=50HzT所以若此波遇到另一列波，并产生稳定的干涉现象，那么另一列波的频率也是50H z,所以E 正确。故 选 BDE1 0.下列说法正确的是（）A.能量耗散从能量角度反映出自然界的宏观过程具有方向性B.无论科学技术怎样发展，热量都不可能从低温物体传到高温物体C.晶体在熔化过程中要吸收热量，但温度保持不变，内能也保持不变D.对于一定量的气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热E.悬浮在液体中的颗粒越小，温度越高，布朗运动越剧烈【答案】ADE【解析】【详解】A.根据热力学第二定律可知，宏观自然过程自发进行是有其方向性，能量耗散就是从能量的角度反映了这种方向性，故 A 正确。B.热量可以从低温物体传到高温物体，比如空调制冷，故 B 错误。C.晶体在熔化过程中要吸收热量，温度不变，内能增大，故 C 错误。D.对于一定质量的气体，如果压强不变，体积增大，根据理想气体状态方程可知，温度升高，内能增大,根据热力学第一定律可知，气体对外做功，它一定从外界吸热，故 D 正确。E.布朗运动是由液体分子从各个方向对悬浮粒子撞击作用的不平衡引起的，颗粒越小，温度越高，布朗运动越剧烈，故 E 正确。故选ADE.1 1.如图所示电路中，变压器为理想变压器，a、b 接在电压有效值不变的交流电源两端，Ro为定值电阻,R 为滑动变阻器.现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表A i的示数减小了 0.2 A,电流表A2的示数减小了 0.8 A,所有电表均为理想电表，则下列说法正确的是（）A.电压表Vi示数减小B.电压表V2、V3示数均减小C.该变压器起降压作用D.变阻器滑片是沿d-c 的方向滑动【答案】CD【解析】【详解】A B D.根据变压器原理，输入电压Ui和输出电压U2保持不变，而 A2示数减小，说明负载电路电阻变大,所以滑动变阻器R 变大了，即变阻器滑片是沿d f C的方向滑动的，故 AB错误，D 正确；C.原、副线圈中电流和匝数成反比，即 山=1 2电流变化时，则有勺 A/|=n2 A/2可求得n1:n2=4:1故变压器应为降压变压器，故C正确。故选C Do1 2.如图(a)所示，在x轴上有0、P、。三点，且OP=1.8m,OQ=3.0m。一列简谐波沿x轴正方向传播，图示为0时刻的波形。再过0.6s的时间P质点第二次振动至波峰。对此下列说法正确的是(a)A.。点的振幅为10cmB.波速为3m/sC.频率为2HzD.质点。在0 0.6s内的运动路程为25cmE.质点。在/=o.6s时沿y轴正方向运动【答案】AC E【解析】【详解】A.由图像知波长为A=4.0m振幅为A=10cm故A正确；B.简谐波沿x轴正方向传播，则尸质点向上运动；().6s时P点恰好第二次到达波峰，对应波形如图所示传播距离Ax=0.8m+4=4.8m则波速为v=8m/s故B错误；C.简谐波的周期为T 2 4.0 八 uL-s=0.5sv 8则简谐波的频率/=，=2HZ故C正确；D E.质点。运动了时间为0.65=1-75则运动路程小于5A=5x5cm=25cm,此时质点。在平衡位置的下方，沿）轴正方向运动，故D错误，E正确；故选AC E.三、实验题:共2小题，每题8分，共16分13.一个小电珠上标有“2V、2W”的字样，现在要用伏安法描绘出这个电珠的U-/图象，有下列器材供选用：A.电 压 表（量程为03V,内阻约为10kQ）B.电 压 表（量程为0 15V,内阻约为20k。）C.电 流 表（量程为0 0.6 A,内阻约为1。）D.电 流 表（量程为0 1.0A,内阻约为0.4Q）E.滑动变阻器（阻值范围为0 5 Q,额定电流为10A）F.滑动变阻器（阻值范围为0 500Q,额定电流为0.2A）（1）实 验 中 电 压 表 应 选 用,电 流 表 应 选 用 （均用器材前的字母表示）。（2）为了尽量减小实验误差，要电压从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器调节方便，滑动变阻器应选用（用器材前的字母表示）。（3）请在虚线框内画出满足实验要求的电路图_ _ _ _ _,并把图中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图_ _ _ _ _ _ _乙 丙【解析】【详解】口 因为电珠的额定电压为2 V,为保证实验安全，选用的电压表量程应稍大于2 V,但不能大太多，量程太大则示数不准确，所以只能选用量程为0 3V 的电压表，故选A；2 由D=。/得，电珠的额定电流应选用量程为0 1.0A的电流表，故选D。网由题意可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中，为调节方便应选总阻值小的滑动变阻器，故选E。电珠内阻U2R=2QP电压表内阻远大于电珠内阻，应采用电流表外接法，故电路图和实物连接图分别如图乙、丙所示1 4.在利用电磁打点计时器（所用电源频率为50Hz）“验证机械能守恒定律”的实验中：（1）某同学用如甲图所示装置进行实验，得到如乙图所示的纸带，把第一个点（初速度为零）记作O 点，在中间适当位置选5 个 点 A、B、C、D、E,测出点O、A 间的距离为68.97cm,点 A、C 间的距离