《附5套模拟卷》广西省玉林市2021届新高考物理考前模拟卷含解析

广西省玉林市2021届新高考物理考前模拟卷（3）一、单项选择题：本题共6 小题，每小题5 分，共 30 分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.如图所示，将直径为d,电阻为R 的闭合金属环从匀强磁场B 中拉出，这一过程中通过金属环某一截面的电荷量为（）B 兀 d?27rBd Bd2-B-C.-4R R RD.Bd27lR【答案】A【解析】【分析】【详解】金属环的面积：5=）2=之2 4由法拉第电磁感应定律得:由欧姆定律得，感应电流：/一R感应电荷量：q=lA t,解得：B兀rq=-=-R 4R故 A 正确，B C D 错误；故选A.【点睛】本题考查了求磁通量的变化量、感应电荷量等问题，应用磁通量的定义式、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、电流定义式即可正确解题，求感应电荷量时，也可以直接用公式4=一丁计算.R2.一质点做匀加速直线运动连续经历了两段相等的时间。下列对这两个阶段判断正确的是（）A.位置变化量一定相同B.动能变化量一定相同C.动量变化量一定相同D.合外力做功一定相同【答案】C【解析】【详解】1 ,A.匀加速直线运动的物体连续经历了两段相等的时间，根据%=%f+。厂可知位移不相等，位置变化不同，选项A 错误；B D.根据动能定理可知，合外力做功不相等，则动能变化量不相同，选 项 BD错误；C.根据动量定理尸4 =，可知动量变化量一定相同，选 项 C 正确；故选C。3.如图所示，电源E,导线，导电细软绳ab、c d,以及导体棒be构成闭合回路，导电细软绳ab、cd 的a 端和d 端固定不动，加上恰当的磁场后，当导体棒保持静止时，闭合回路中abed所在平面与过ad 的竖直平面成30。，已知ad和 be等长且都在水平面内，导体棒b e中的电流I=2A,导体棒的长度L=0.5m,导体棒的质量m=0.5kg,g 取 lOm/s?,关于磁场的最小值和方向，说法正确的是（）【答案】C【解析】【详解】对导体棒受力分析，受到重力，绳子的拉力和安培力，拉力和安培力的合力竖直向上，根据三角形定则知,安培力方向与拉力方向垂直时，安培力最小，根据左手定则可知，磁场的方向沿ba所在直线，由 b 指向a,磁感应强度最小，则根据共点力平衡可知mgsin30=BIL,解得B=2.5T,故 C 正确，A、B、D 错误；故选C。4.如图所示，质量为m、电阻为r 的“U”字形金属框abed置于竖直平面内，三边的长度ad=dc=bc=L,两顶点a、b 通过细导线与M、N 两点间的电源相连，电源电动势为E。内阻也为小 匀强磁场方向垂直金属框向里，金属框恰好处于静止状态。不计其余电阻和细导线对a、b 点的作用力，重力加速度为g。下列说法正确的是（）A.M 点应接电源的正极 B.电源的输出功率为一2rC.磁感应强度的大小为mgr D.ad边受到的安培力大于be边受到的安培力【答案】C【解析】【详解】A.金属框恰好处于静止状态，说明线框受到的安培力向上，根据左手定则可知de边中的电流方向应由d指向c,结合电路知识得M 点应接电源的负极，故 A 错误；B.由闭合电路欧姆定律得2r电源输出功率4r故 B 错误；C.根据平衡条件有mg=BIL解得B=2mgrEL故 C 正确；D.根据对称性可知ad边受到的安培力等于be边受到的安培力，方向相反，故 D 错误。故选C。5.如图所示是利用光电管产生光电流的电路是（）A.K 为光电管的阳极B.通过灵敏电流计G 的电流方向从b 到 aC.若用黄光照射能产生光电流，则用红光照射也一定能产生光电流D.若用黄光照射能产生光电流，则用紫光照射也一定能产生光电流【答案】D【解析】K 受到光照发射电子，为光电管的阴极，则电流为顺时针，从 a 到 b.若用黄光照射能产生光电流，则用频率大于黄光的光照射一定能产生光电流，例如紫光.答案选D.6.如图所示，A、B 两滑块质量分别为2kg和 4 k g,用一轻绳将两滑块相连后分别置于两等高的光滑水平面上，并用手按着滑块不动，第一次是将一轻质动滑轮置于轻绳上，然后将一质量为4kg的钩码C 挂于动滑轮上，只释放A 而按着B 不动；第二次是将钩码C 取走，换作竖直向下的40N的恒力作用于动滑轮上，只释放B 而按着A 不动。重力加速度g=10m/s2,则两次操作中A 和 B 获得的加速度之比为（）A Bn usnYCA.2：1 B.5：3 C.4：3 D.2：3【答案】C【解析】【详解】第一种方式：只释放A 而 B 按着不动，设绳子拉力为T”C 的加速度为a,对 A 根据牛顿第二定律可得Ti=mAaA对 C 根据牛顿第二定律可得：mcg-2Ti=mca根据题意可得aA=2a联立解得：2%=g第二种方式：只释放B 而 A 按着不动，设绳子拉力为T 2,对 B 根据牛顿第二定律可得T2=mBaB而T=40N=2T2联立解得：1aB=-g在以上两种释放方式中获得的加速度之比为aA：aB=4：3,故 C 正确、ABD错误。故选C。二、多项选择题：本题共6 小题，每小题5 分，共 30分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分7.如图所示，倾角0=30。的斜面固定在地面上，长为L、质量为m、粗细均匀、质量分布均匀的软绳AB置于斜面上，与斜面间动摩擦因数=弓，其 A 端与斜面顶端平齐.用细线将质量也为m 的物块与软绳连接，给物块向下的初速度，使软绳B 端到达斜面顶端（此时物块未到达地面），在此过程中A.物块的速度始终减小B.软绳上滑:L 时速度最小C.软绳重力势能共减少了!加gLD.软绳减少的重力势能一定小于其增加的动能与克服摩擦力所做的功之和【答案】BCD【解析】【详解】A.物块下落过程中，刚 开 始 由 于/sin30+根geos30=（mg 根g,所以物块所受合力向上，物体做减速运动，下落过程中，合力越来越小，当加速度等于零时，速度最小，后合力方向向下，加速度向下，速度增大，所以物体的速度先减小后增大，A 错误;B.当加速度等于零时，速度最小，设此时软绳上滑的距离为x,贝！）：L-xLL x xmg sin 30 H/umg cos 30=mg+mg,代入数据解得:x=L9B 正确C.物块未释放时，软绳的重心离斜面顶端的高度为4=sin30=（，软绳刚好全部离开斜面时，软绳的重心离斜面顶端的高度色=!，则软绳重力势能共减少,L L、L-C 正确；D.以物块为研究对象，因物块要克服拉力做功，所以其动能及势能变化量反勺 转,，以系统为研究对象，设绳的势能及动能变化量为叫小用 克服摩擦力所做的功的绝对值为W,由能量守恒定律有闿+蜴,破+/+W则选项D 正确.故 选 BCD.8.如图所示，半径为R 的光滑圆环固定在竖直平面内，A B、C D 是圆环相互垂直的两条直径，C、D 两点与圆心O 等高。一个质量为m 的光滑小球套在圆环上，一根轻质弹簧一端连在小球上，另一端固定在nP 点，P 点在圆心O 的正下方处.小球从最高点A 由静止开始沿逆时针方向下滑，已知弹簧的原长为R,2弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为g。下列说法正确的有（）ODA.小球运动到B 点时的速度大小为J 丽B.弹簧长度等于R 时，小球的机械能最大C.小球运动到B 点时重力的功率为2叫屈D.小球在A、B 两点时对圆环的压力差为4mg【答案】BD【解析】【详解】A.小球在A 点和B 点时，弹簧的形变量相同，则弹性势能的变化量为零，根据能量守恒得m g -2R=g，”说解得VB二啊故 A 错误；B.除重力以外其它力做功等于机械能的增量，当弹簧长度等于R 时，弹簧弹力做功最多，则小球的机械能最大，故 B 正确；C.小球运动到B 点时，重力的方向与速度方向垂直，则重力的功率为零，故 C 错误；D.在 A 点，有Rm g +k =NA在 B 点，根据牛顿第二定律得.,R 说解得z u,RN8=5mg 4-K 可知小球在A、B 两点对圆环的压力差为4 m g,故 D 正确。故选BD。9.下列说法正确的有A.布朗运动直接反映了分子运动的无规则性B.水的饱和气压随温度升高而降低C.有些非晶体在一定条件下可转化为晶体D.荷叶上小水珠呈球形，是由于表面张力作用而引起的【答案】CD【解析】【详解】A.布朗运动是悬浮在液体或气体中的固体微粒做无规则运动，间接反映了周围的分子做无规则的热运动,故 A 错误；B.与液体处于动态平衡的蒸气叫饱和蒸气；反之，称为不饱和蒸气。饱和蒸气压力与饱和蒸气体积无关!在一定温度下，饱和蒸气的分子数密度是一定的，因而其压强也是一定的，这个压强叫做饱和蒸气压力。蒸发面温度升高时，水分子平均动能增大，单位时间内脱出水面的分子增多（此时，落回水面的分子数与脱出水面的分子数相等），故高温时的饱和水汽压比低温时要大，故 B 错误；C.晶体和非晶体区别在于内部分子排列，有些通过外界干预可以相互转化，如把晶体硫加热熔化（温度超过300C）再倒进冷水中，会变成柔软的非晶硫，再过一段时间又会转化为晶体硫，故 C 正确；D.荷叶上小水珠呈球形，是因为表面层的水分子比较稀疏，分子间表现为分子引力，从而表面有收缩的趋势，是由于表面张力作用而引起的，故 D 正确；故选CDo1 0.为探究小球沿光滑斜面的运动规律，小李同学将一小钢球分别从图中斜面的顶端由静止释放，下列说法中正确的是（）A.甲图中小球在斜面1、2 上的运动时间相等B.甲图中小球下滑至斜面1、2 底端时的速度大小相等C.乙图中小球在斜面3、4 上的运动时间相等D.乙图中小球下滑至斜面3、4 底端时的速度大小相等【答案】BC【解析】【详解】A.设斜面与水平面的倾角为0,根据牛顿第二定律得加速度为mg sin 6.八a=-=g sin 夕m甲图中，设斜面得高度为h,则斜面得长度为L=-sin。小球运动的时间为可知小球在斜面2 上运动的时间长，故 A 错误;B.达斜面底端的速度为v-a t-12 gh与斜面得倾角无关，与 h 有关，所以甲图中小球下滑至斜面1、2 底端时的速度大小相等，故 B 正确;C.乙图中，设底边的长度为d,则斜面的长度为ds=-cos。1 ,根据s=。厂得2可知6=60。和 30。时，时间相等，故 C 正确;D.根据u=J茄，可知速度仅仅与斜面得高度h 有关，与其他的因素无关，所以乙图中小球下滑至斜面 4 底端时的速度较大，故 D 错误。故选B C1 1.如图所示，小球甲从A 点水平抛出，同时将小球乙从3 点自由释放，两小球先后经过。点时的速度大小相等，速度方向夹角为37。已知8、。两点的高度差。=1.25m,重力加速度g=1 0 m/s2,sin37=0.6,cos37=0.8,两小球质量相等，不计空气阻力。根据以上条件可知（）A.小球甲水平抛出的初速度大小为3m/sB.小球甲从A 点到达。点所用的时间为0.4sC.A、3 两点的高度差为0.45mD.两小球在。点时重力的瞬时功率相等【答案】AB【解析】【分析】【详解】A.小球乙到C 的速度为v 7 2 g h =5m/s此时小球甲的速度大小也为n,又因为小球甲速度与竖直方向成3 7。角，可知水平分速度为v s i n 3 7 =3 m/s。故 A 正确；B.根据vv=v c o s 3 7 -gt计算得小球甲从A点到达。点所用的时间为0.4 s ,故B正确；C.A、C两点的高度差为%c =；g/=S 8 m故4、8两点的高度差为1.2 5 m 0.8 m =0.4 5 m,故C错误；D.由于两球在竖直方向上的速度不相等，所以两小球在C点时重力的瞬时功率也不相等。故D错。故选A B。1 2.某机车发动机的额定功率为P=3.6 x l O6W,该机车在水平轨道上行驶时所受的阻力为f=k v （k为常数）,已知机车的质量为M=2.0 x l 0 5 k g,机车能达到的最大速度为Vm=4 0 m/s,重力加速度g=1 0 m/s 2。则下列说法正确的是（）A.机车的速度达到最大时所受的阻力大小为9 x 1 04NB.常数 k=1.0 x l（）3 k g/sC