资源描述
宁夏吴忠市2021届新高考物理模拟试题(2)一、单项选择题:本题共6 小题,每小题5 分,共 30分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1.光滑绝缘水平面上固定一半径为R、带正电的球体A(可认为电荷量全部在球心),另一带正电的小球B 以一定的初速度冲向球体A,用 r 表示两球心间的距离,F 表示B 小球受到的库仑斥力,在 r R 的区域内,下列描述F 随 r 变化关系的图象中可能正确的是()【答案】C【解析】【详解】根据库仑定律可知,两 球 之 间 的 库 仑 力 满 足 尸=坐,即随r 增加,F 非线性减小。r故选C。2.如图所示,一个质量为=9.1xl0-3/g、电荷量为e=L6xl()T 9 c的电子,以4xl()6m/s的速度从M 点垂直电场线方向飞入匀强电场,电子只在电场力的作用下运动,在 N 点离开电场时,其速度方向与电场线成150。角,则 M 与 N 两点间的电势差约为()A.-1.0 xl02VC.1.8X102V【答案】B【解析】【详解】B.-1.4X102VD.2.2x102V电子在电场力的作用下做类平抛运动,在垂直电场方向上做匀速直线运动:vN=4 x J()m/s=8xlO6m/sN sin 30 12根据动能定理:所以有:MN加(4一 曜)-2e(8X1 06)2-(4X1 06)2 X9.1X1 0-3 1 2X1.6X1 0 T 9V=-136.5 V故 B 正确,ACD错误。3.如图所示,平行板电容器与电动势为E 的直流电源(内阻不计)连接,下极板接 地.一 带电油滴位于两板中央的P 点且恰好处于平衡状态.现将平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离()A.带电油滴将沿竖直方向向上运动B.带电油滴将沿竖直方向向下运动C.P 点的电势将降低D.电容器的电容减小,电容器的带电量将减小【答案】A【解析】试题分析:根据电容器的决定式:C =当上极板向下移动时,d 减小,电容变大,又 C=g,电压 U 不变,因此电容器带电量增多,D 错误;根据电容器内部电场强度 =,可知,d 减小,电场强度增加,这样油滴受到向上的电场力增加,将向上运动,A 正确,B 错误;由于场强增大,由 U=E”d 可知,P 与下极板电势差变大,P 点电势升高,C 错误.考点:电容器4.物块的初速为v o,初动能为Ek。,沿固定斜面(粗糙程度处处相同)向上滑动,然后滑回到原处。此过程中,物块的动能Ek与位移x,速度v 与时间t 的关系图像正确的是()A.ooXcVo【答案】A【解析】【分析】【详解】A B.设斜面的倾角为。,物块的质量为m,根据动能定理可得,上滑过程中一mgjrsin 62gxeos 0 Ek Ek0则纥=Eko(mgsin0+加gcos)x下滑过程中/%g f sin 0 zzgxcos 0=Ek 0则Ek=(wgsin 0-pmgeos可知,物块的动能Ek与位移x 是线性关系,图像是倾斜的直线,根据能量守恒定律可得,最后的总动能减小,故 A 正确,B 错误;C D.由牛顿第二定律可得,取初速度方向为正方向,物块上滑过程有 mg sin 0-/jmg cos 0=ma下滑过程有-mg sin 0+Rtng cos 0=ma则物块上滑和下滑过程中加速度方向不变,但大小不同,故 CD错误。故选A.5.在地球同步轨道卫星轨道平面内运行的低轨道卫星,其轨道半径为同步卫星半径的,,则该低轨道卫4星运行周期为()A.lh B.3h C.6h D.12h【答案】B【解析】【分析】【详解】根据开普勒第三定律当 一(扁)3荒 埼解得T卫v=-8T,同=-8x24h=3h故选B。6.如图所示,在光滑水平面上一小球以某一速度运动到A 点,遇到一段半径为R 的 1/4圆弧曲面AB后,落到水平地面的C 点.已知小球没有跟圆弧曲面的任何点接触,则 B C 的最小距离为()一8 CA.R B.72 R C.苧R D.(应-1)R【答案】D【解析】2在 A 点,小球开始离开圆弧曲面,只受重力,则有:mg=m R得:v=J J*,之后小球做平抛运动,贝!I:R=;g产,得:t=y则平抛运动的最小水平位移为:所 以 B C 的最小距离为:d=(V2-l)/?A、B、C 错误;D 正确;故选D.二、多项选择题:本题共6 小题,每小题5 分,共 30分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0 分7.如图所示,甲图为沿x轴传播的一列简谐横波在t=0时刻的波动图象,乙图为参与波动质点P 的振动图象,则下列判断正确的是.甲-0.2乙A.该波的传播速率为4m/sB.该波的传播方向沿x 轴正方向C.经过0.5 s,质 点 P 沿波的传播方向向前传播2mD.该波在传播过程中若遇到4m 的障碍物,能发生明显衍射现象E.经过0.5s时间,质点P 的位移为零,路程为0.4m【答案】ADE【解析】【详解】A.由甲读出该波的波长为Q M m,由乙图读出周期为T=ls,则波速为v=4m/sT故 A 正确;B.在乙图上读出t=0时刻P 质点的振动方向沿y 轴负方向,在甲图上判断出该波的传播方向沿x 轴负方向。故 B 错误;C.质 点 P 只在自己的平衡位置附近上下振动,并不波的传播方向向前传播。故 C 错误。D.由于该波的波长为4 m,与障碍物尺寸相差不多,能发生明显的衍射现象,故 D 正确;E.经 过t-0.55=,质 点 P 又回到平衡位置,位移为零,路 程 为 S=2A=2x0.2m=0.4m(故 E 正确。2故选ADE.8.如图所示,竖直放置的平行板电容器内除电场外还有图示的匀强磁场,从 A 板中点孔P 向各个方向发射一批不同速度的带正电的微粒(考虑重力),则 A 到 C 的过程中A.微粒一定不做匀变速运动B.微粒一定做曲线运动C.所有微粒到达C 板时动能一定发生变化D.所有微粒到达C 板时机械能一定增大【答案】AD【解析】【详解】A B.粒子发射出来后受到竖直向下的重力,与速度垂直的洛伦兹力和水平向右的电场力作用,对于斜上右上射入的粒子,当速度满足一定条件时,可以使这三个力的合力为0,则粒子斜向上做匀速直线运动;若这三个力的合力不为0,则粒子速度变化,其洛伦兹力也发生变化,故粒子一定做非匀变速曲线运动,故 A 正确,B 错误;C.若粒子做匀速运动,则粒子到达C 板时的动能不变,故 C 错误;D.由于洛伦兹力不做功,到达C 板的粒子电场力一定做正功,故机械能一定增大,故 D 正确;故选AD,9.有四个完全相同的灯泡连接在理想变压器的原、副线圈中,如图所示。若开关S 接在位置1 时,四个灯泡发光亮度相同;若将开关S 接在位置2 时,灯泡均未烧坏。下列说法正确的是()A.该变压器是降压变压器,原、副线圈匝数之比为3:1B.该变压器是升压变压器,原、副线圈匝数之比为1:3C.开关S 接在位置2 时,副线圈中的灯泡发光亮度均减弱D.开关S 接在位置2 时,副线圈中的灯泡发光亮度均加强【答案】AD【解析】【分析】【详解】A B.四个灯泡发光程度相同,所以原线圈电流与副线圈电流之比为1:3,根据12 3可知该变压器是降压变压器,原副线圈匝数比为3:1,故 A 正确,B 错误;C D.接到2 位置,原线圈电压变大,根据电压与匝数的关系可知副线圈电压变大,所以副线圈中的灯泡的电流变大,发光亮度均加强,故 D 正确,C 错误。故选AD。1 0.如图所示,光滑绝缘的水平面附近存在一个平行于水平面的电场,其中某一区域的电场线与x 轴平行,现有一个质量为0.1 k g,电荷量为D.OxlO-c的滑块P(可看做质点),仅在电场力作用下由静止沿x 轴向左运动.电场力做的功W 与物块坐标x 的关系用图中曲线表示,图中斜线为该曲线过点(0.3,3)的切线.则下列说法正确的是()6A.此电场一定是匀强电场B.电场方向沿x轴的正方向C.点x=0.3加处的场强大小为1.0 x1 0-5 /。D.x=0.3 m与x=0.7加间的电势差是1 0 0 V【答案】B D【解析】根 据W=E q x可知,滑 块B向左运动的过程中,随x的增加图线的斜率逐渐减小,则场强逐渐减小,此电场一不是匀强电场,选 项A错误;滑 块B向左运动的过程中,电场力对带负电的电荷做正功,则电场方向沿x轴的正方向,选 项B正确;点x=0.3 m处 的 场 强 大 小 为 尸=%=左=上 一 一=1.0*1 0-5,贝|0.6-0.3F 1 O xl O-5 =-V/m =5 0 0 V/m,选项 C 错误;x=0.3 m 与 x=0.7 m 间,电场力做功为 W=2 xl()4 j,q 2.0 x1 0-8W 2 x1 f T6可知电势差是。=一 =-j r V =20 0 V,选项D正确;故选B D.q 2.0 x 1 0-81 1.如图所示,在光滑水平桌面上有一 x O y平面直角坐标系,y轴右侧有两根完全相同的均匀金属丝M2 万(d A和N连接成闭合回路,金属丝M的形状满足y =a s i n-;_ x 0 x”、“v”或“=”);该同学同时利用上表测得的数据求得电动势和内阻,由误差分析可知,电动势的测量值_ _ _ _ _ _ _ _电动势的真实值(选填“、“”或=)。(3)该同学进一步利用了一个辅助电源E,采用如图乙所示电路测量电源的电动势,测量过程中,调 节 R后再调节R i,使电流表AI的示数为0,测得多组数据。这样,电源的电动势的测量值_ _ _ _ _ _ _ _ 电源电动势的真实值(选填“”或“=”)。【答案】B F 4.8 4 2、Ro、r 表示)。(2)图乙为该同学根据(1)中选出的合理的实验电路,利用测出的数据绘出的卜一12图 线(L 为电流表A1的示数,b 为电流表A 2的示数),为了简化计算,该同学认为h 远远小于1 2,则由图线可得电动势E=V,内阻r=fto(r 的结果保留两位小数)【答案】b D/I(4|+凡)+(/1+/2)r 1.46V-1.49V 0.804860。【解析】【详解】(1)1.上述器材中虽然没有电压表,但给出了两个电流表,将电流表G 串联一个电阻,可以改装成较大量程的电压表。将电流表A,和定值电阻R。串联可改装成一个量程为u =4(勺+&)=3 X 10-3 X(10+990)V=3V的电压表;则(a)、(b)两个参考实验电路,其中合理的是b;2.因为电源的内阻较小,所以应该采用较小最大值的滑动变阻器,有利于数据的测量和误差的减小。滑动变阻器应选D;若选择大电阻,则在变阻器滑片调节的大部分范围内,电流表A2读数太小,电流表Ai读数变化不明显。3 J.根据电路可知:E=U+Ir=h(Rgi+Ro)+(Ii+I2)r;(2)45.根据欧姆定律和串联的知识得,电源两端电压U=Ii(990+10)=10001根据图象与纵轴的交点得电动势E=1.47mAx 1000。=1.47 V;由图可知当电流为0.45A时,电压为1.1V,则由闭合电路欧姆定律可知四、解答题:本题共3 题,每题8 分,共 24分1 5.如图所示为一种质谱仪的工作原理图,圆心角为90。的扇形区域OPQ中存在着磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场,所有带电粒子经加速电压U 加速后从小孔C 射出,由磁场边界OP上 N点垂直OP进入磁场区域,然后均从边界OQ射出,O N=L不计粒子重力。(1)若由静止开始加速的某种粒子X 从边界OQ射出时速度方向与OQ垂直,其轨迹如图中实线所示,求该粒子的比荷旦;m(2)若由静止开始加速的另一种粒子Y,其比荷是X 粒子比荷的I,求该粒子在磁场区域中运动的时间t。自、2 U 2 兀Bl?【答案】(1)2 2;(2)t-B T 3U【解析】【详解】(1)X 粒子在电场中加速的末速度为V 0,由动能定理可得 1 2q U=-m v0在磁场中由洛伦兹力充当向心力可得欣qvB=m r由几何知识可知,粒子的轨道半径为r=l联立解得q _ 2 Um B212(2)Y粒子在电场中加速的末速度为V”由动能定理可得q P
展开阅读全文
温馨提示:
金锄头文库所有资源均是用户自行上传分享,仅供网友学习交流,未经上传用户书面授权,请勿作他用。
相关搜索