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1、安徽省宣城市广德县桃州中学高三物理模拟试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （2007?寿光市模拟）质量为m的石块从半径为R的半球形的碗口下滑到碗的最低点的过程中，由于摩擦力的作用使得石块的速度大小不变，如图所示，那么（）A因为速率不变，所以石块的加速度为零B石块下滑过程中受的合外力越来越大C石块下滑过程中的摩擦力大小不变D石块下滑过程中的加速度大小不变，方向始终指向球心参考答案：D考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；向心力解：A、石块做匀速圆周运动，合外力提供向心力，大小不变，根据牛顿第二定律知，加速度大小不变，方向始终指向圆心故A
2、、B错误，D正确 C、石块在半球形的碗口下滑到碗的最低点的过程中，所受支持力在变化，则摩擦力变化故C错误故选D2. （单选）在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表若将照射R3的光的强度减弱，则( )A电压表的示数变大B小灯泡消耗的功率变小C通过R2的电流变小D电源内阻发热的功率变大参考答案：B3. (2012泰安模拟)四个质点做直线运动，它们的速度图像分别如图3所示，下列说法中正确的是()图3A四个质点在第1秒内的平均速度相同B在第2秒末，质点(3)回到出发点C在
3、第2秒内，质点(1)(3)(4)做加速运动D在第2秒末，质点(2)(3)离开出发点位移相同参考答案：CD4. 一质点做直线运动的位移与时间t的关系为（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点（ ）A第1s内的位移是5 B前2s内的平均速度是6C任意相邻1s内的位移差都是1 D任意1s内的速度增量都是2参考答案：D5. 质量为m的物体，从静止出发以g/2的加速度竖直上升h，则（） A物体的机械能增加了mghB物体的动能增加了mghC物体的机械能减少了mghD物体的重力势能增加了mgh参考答案：.ABD二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 右图为小车做直线运动的st图，则小车在B
4、C段做_运动，图中B点对应的运动状态的瞬时速度大小是_m/s。参考答案：匀速，1.61.9 7. 如右图所示，一个活塞将绝热容器分成A、B两部分，用控制栓K固定活塞。保持A体积不变，给电热丝通电，则此过程中气体A的内能 ，温度 ；拔出控制栓K，活塞将向右移动压缩气体B，则气体B的内能 。参考答案：8. 如图所示为一正在测量中的多用电表表盘。如果是用10 挡测量电阻，则读数为_。如果是用直流10V挡测量电压，则读数为_V。参考答案：（i）D E F （ii）140 5.29. （4分）用活塞压缩汽缸里的空气，对空气做了900J的功，同时汽缸向外散热210J，汽缸里空气的内能 （填“增加”或“减少
5、”）了 J。参考答案： 增加 690J10. 卢瑟福用a粒子轰击氮核时发现了质子.完成其核反应方程：N+He .参考答案：O+H11. 一个细口瓶，开口向上放置，容积为2.0升，在温度0oC、一个标准大气压的环境里，瓶内气体的分子数为 个；当环境温度高20oC时，热力学温度升高 K。（只要求2位有效数字，阿伏伽德罗常数N=6.01023mol-1）参考答案： 答案：5.41022、2012. 为判断线圈绕向，可将灵敏电流计G与线圈L连接，如图所示己知线圈由a端开始绕至b端：当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转将磁铁N极向下从线圈上方竖直插入L时，发现指针向左偏转（1）在图中L上画上几匝线圈
6、，以便能看清线圈绕向；（2）当条形磁铁从图中的虚线位置向右远离L时，指针将指向 （3）当条形磁铁插入线圈中不动时，指针将指向 （选填“左侧”、“右侧”或“中央”）参考答案：(1)如右图所示。(2)左侧(3)中央13. 将打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下，如图所示是打出的纸带的一段当电源频率为50 Hz时，每隔0.1 s取一个计数点，它们是图中a、b、c、d、e、f等点，这段时间内加速度的平均值是_(取两位有效数字)若电源频率高于50Hz，但计算仍按50Hz计算，其加速度数值将_(填“偏大”、“偏小”或“相同”)参考答案：三、 实验题：本题共2小题，每小题1
7、1分，共计22分14. 某同学设计了一个研究平抛运动的实验。实验装置示意图如图 5 所示，A 是一 块平面木板，在其上等间隔地开凿出一组平行的插槽（图 5 中 ），槽间距 离均为d 。 把覆盖复写纸的白纸铺贴在硬板 B 上。 实验时依次将 B 板插入 A板的各插槽中， 每次让小球从斜轨的一同位置由静止释放。每打完一点后，把 B 板插入后一槽中并同时向 纸面内侧平移距离d 。实验得到小球在白纸上打下的若干痕迹点，如图 6 所示。（1）实验前应对实验装置反复调节，直到_。每次让小球从同一位置由静止释放，是为了_。 （2）每次将 B板向内侧平移距离d ，是为了_ 。 （3）在图 6中绘出小球做平抛运
8、动的轨迹。 参考答案：（1）斜槽末端水平 保持小球水平抛出的初速度相同 （2）保持相邻痕迹点的水平距离大小相同 （3）15. （18分）利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内电阻要求尽量减小实验误差（1）应该选择的实验电路是图1中的_（选项“甲”或“乙”）（2）现有电流表(00.6A)、开关和导线若干，以及以下器材： A电压表(015V) B电流表(03V)C滑动变阻器(050) D滑动变阻器(0500)实验中电压表应选用_；滑动变阻器应选用_；(选填相应器材前的字母)（3）某位同学记录的6组数据如下表所示，其中5组数据的对应点已经标在图2的坐标纸上，请标出余下一组数据的对应点，并画出U
9、 - I图线序号123456电压U(V)1.451.401.301.251.201.10电流I(A)0.0600.1200.2400.2600.3600.480 （4）根据(3)中所画图线可得出干电池的电动势E =_V，内电阻r =_（5）实验中，随着滑动变阻器滑片的移动，电压表的示数U及干电池的输出功率P都会发生变化图3的各示意图中正确反映P U关系的是_参考答案：（1）甲（2）B，C（3）如右图所示（4）1.49，0.82（5）D四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，板间距为d、板长为L的两块平行金属板EF、GH水平放置，在紧靠平行板右侧的正三角形区域内存在着垂直纸面的匀强
10、磁场，三角形底边BC与GH在同一水平线上，顶点A与EF在同一水平线上一个质量为m、电量为q的粒子沿两板中心线以初速度v0水平射入，若在两板之间加某一恒定电压，粒子离开电场后垂直AB边从D点进入磁场，BD=AB，并垂直AC边射出（不计粒子的重力），求：（1）粒子离开电场时瞬时速度v的大小；两极板间电压U的大小；（2）三角形区域内磁感应强度；（3）若两板间不加电压，三角形区域内的磁场方向垂直纸面向里，要使粒子进入磁场区域后能从AB边射出，试求所加磁场的磁感应强度最小值参考答案：考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动版权所有专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）粒子离开电
11、场后速度垂直AB边，由几何知识可求出速度的偏向角，根据速度的分解则能求出粒子离开电场时瞬时速度的大小；粒子在电场中做类平抛运动，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律和运动学公式求出电压（2）粒子垂直进入三角形区域内匀强磁场后做匀速圆周运动，画出轨迹，由于粒子垂直AB边射入和AC边射出，由几何知识求出粒子圆周运动的半径，根据洛伦兹力提供向心力求出三角形区域内磁感应强度；（3）若两板间不加电压，三角形区域内的磁场方向垂直纸面向里，当粒子刚好与BC边相切时，磁感应强度最小，作出轨迹，由几何知识求出最小半径，由牛顿第二定律即可求出磁感应强度的最小值解答：解：（1）粒子运动过程如图所示，
12、由几何知识得：粒子离开电场时偏转角为=300，则粒子离开电场时瞬时速度的大小为在电场中竖直方向：由几何关系得：tan=解得：；（2）如图由几何关系得：设在磁场中运动半径为r1，则由牛顿第二定律 联立得，方向：直纸面向外；（3）当粒子刚好与BC边相切时，磁感应强度最小，设粒子的运动半径为r2，轨迹如图，由几何知识知：由牛顿第二定律得：解得：，即磁感应强度的最小值；答：（1）粒子离开电场时瞬时速度v的大小为；两极板间电压U的大小为；（2）三角形区域内磁感应强度为，方向垂直于纸面向外；（3）所加磁场的磁感应强度最小值为点评：本题粒子先在电场中偏转，运用运动的分解法研究；后在磁场中做匀速圆周运动，画轨
13、迹、几何知识求出半径是常用的方法和思路17. 24(20分)“电子能量分析器”主要由处于真空中的电子偏转器和探测板组成。偏转器是由两个相互绝缘、半径分别为RA和RB的同心圆金属半球面A和B构成，A、B为电势值不等的等势面，其过球心的截面如图所示。一束电荷量为e、质量为m的电子以不同的动能从偏转器左端M的正中间小孔垂直入射，进入偏转电场区域，最后到达偏转器右端的探测板N，其中动能为Ek0的电子沿等势面C做匀速圆周运动到达N板的正中间。忽略电场的边缘效应。（1）判断球面A、B的电势高低，并说明理由；（2）求等势面C所在处电场强度E的大小；（3）若半球面A、B和等势面C的电势分别为A、B和C，则到达N板左、右边缘处的电子，经过偏转电场前、后的动能改变量EK左和EK右分别为多少？（4）比较|EK左|和|EK右|的大小，并说明理由。参考答案：（1）电子（带负电）做圆周运动，电场力方向指向球心，电场方向从B指向A，B板电势高于A板。（2）据题意，电子在电场力作用下做圆周运动，考虑到圆轨道上的电场强度E大小相同，有：联立解得：（3）电子运动时只有电场力做功，根据动能定理，有 对到达N板左边缘的电子，电场力做正功，动能增加，有 对达到N板右边缘的电子，电场力做负功，
