《金丽衢十二校2019届高三上学期第二次联考物理试题（解析版）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《金丽衢十二校2019届高三上学期第二次联考物理试题（解析版）（23页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、浙江省金丽衢十二校2019届高三上学期第二次联考物理试卷一、选择題1. 下列物理量属于矢量的是A. 速率B. 电势C. 磁感应强度D. 重力势能【1题答案】【答案】C【解析】【详解】速率、电势和重力势能都是只有大小无方向的物理量，是标量；而磁感应强度既有大小又有方向，是矢量；故选C.2. 发现行星运动三大定律的科学家是A. 牛顿B. 伽利略C. 卡文迪许D. 开普勒【2题答案】【答案】D【解析】【详解】发现行星运动三大定律的科学家是开普勒，故选D.3. 下列物理量及对应的单位不正确的是A. 加速度m/s2B. 磁感应强度BC. 磁通量WbD. 电场强度V/m【3题答案】【答案】B【解析】【详解
2、】A加速度单位是m/s2，选项A正确；B磁感应强度的单位是T，选项B错误；C磁通量单位是Wb，选项C正确；D电场强度单位是V/m，选项D正确；此题选择不正确的选项，故选B.4. 一物体沿直线运动，在t0到t6s的时间内的图象如图所示，则这段时间内的路程为A. 8mB. 4mC. 6mD. 0m【4题答案】【答案】A【解析】【分析】由图像可知，物体在0-1s内向负方向运动，在1-6s内向正方向运动，因v-t图像的“面积”等于位移，两部分面积之和等于路程.【详解】物体在0-1s内向负方向做减速运动，路程为；在1-6s内向正方向运动，路程为，则整个过程中的总路程为，故选A.【点睛】此题关键是知道v-
3、t图像的面积等于位移；注意路程是路径的长度，图像中两部分面积的和等于物体的路程.5. 把质量是02kg的小球放在竖立的弹簧上，并把球往下按至A的位置，如图甲所示迅速松手后，弹簧把球弹起，球升到最高位置C（图丙），途中经过位置B时弹簧正好处于自由状态（图乙）已知B、A的高度差为01m，C、B的高度差为02m，弹簧的质量和空气的阻力均可忽略则A. 小球从状态乙到状态丙的过程中，动能先增大，后减小B. 小球从状态甲到状态丙的过程中，机械能一直不断增大C. 状态甲中，弹簧的弹性势能为D. 状态乙中，小球的动能为【5题答案】【答案】C【解析】【分析】小球从甲状态上升到丙状态的过程中，平衡位置速度最大，动
4、能增大；小球上升和下落过程与弹簧组成的系统机械能守恒【详解】A球从状态乙到状态丙的过程中，小球只受重力作用，向上做减速运动，故小球的动能一直减小；选项A错误；B小球从状态甲到状态乙的过程中，弹力做正功，则小球的机械能增加；小球从状态乙到状态丙的过程中，只有重力做功，小球的机械能不变，选项B错误；C小从甲状态到丙状态，弹簧的弹性势能转化为小球的重力势能，若设甲状态中重力势能为零，则状态甲中，弹簧的弹性势能为，选项C正确；D状态乙中，小球的机械能为0.6J，则动能小于0.6J，选项D错误；故选C.【点睛】解决本题的关键掌握机械能守恒的条件，在只有重力或弹簧弹力做功的情形下，系统机械能守恒在解题时要
5、注意，单独对小球来说，小球和弹簧接触过程中机械能不守恒6. 一真空中孤立的带电体，其周围的电场线及等势面如图所示，则下列说法正确的是A. A点的电势比B点的电势高B. A点的场强比B点的场强大C. 一微小的带电体从A点移动到B点电场力做负功D. 一微小的带电体从A点移动到B点电场力做正功【6题答案】【答案】A【解析】【分析】电场线的疏密反映场强的大小；沿电场线的方向电势逐渐降低；正电荷由高电势点移到低电势点，电势能减小，电场力做正功，负电荷相反；据此解答此题【详解】A沿电场线电势逐渐降低，可知A点所处的等势面高于B点所处的等势面，则A点的电势比B点的电势高，选项A正确；BA点所处的位置电场线较
6、B点稀疏，可知A点的场强比B点的场强小，选项B错误；CD因不知道微小带电体的电性，不能确定微小的带电体从A点移动到B点电场力做功的正负；选项CD错误；故选A.7. “辽宁舰”质量为，如图是“辽宁舰”在海上转弯时的照片，假设整个过程中辽宁舰做匀速圆周运动，速度大小为20m/s，圆周运动的半径为1000m，下列说法中正确的是A. 在A点时水对舰的合力指向圆心B. 在A点时水对舰的合力大小约为C. 在A点时水对舰的合力大小约为D. 在点时水对舰的合力大小为0【7题答案】【答案】B【解析】【分析】辽宁舰转弯时受重力、水的浮力以及水指向圆心方向的推力作用，推力做为向心力，结合力的合成知识求解水对舰的合力
7、大小.【详解】A在A点时，水对舰有向上的浮力大小等于舰的重力，同时有指向圆心方向的水的推力，两个力的合力方向斜向上方向，选项A错误；BCD水对舰的合力大小约为，选项B正确，CD错误；故选B.8. 如图所示，三块一样的蹄形磁铁并排放置在粗糙水平桌面上，S极在上，N极在下，导体棒AB单位长度的电阻为R，导体棒所在位置的磁感应强度相同可通过1、2、3、4四条电阻不计的柔软细导线与电动势为E、内阻为r的电源相连，相邻两条细导线间的导体棒长度相同下列说法正确的是（）A. 1接电源负极，2接电源正极，导体棒向外摆B. 对调磁铁N极与S极的位置的同时改变电流方向，导体棒的摆动方向改变C. 1、4接电源瞬间导
8、体棒所受磁场的作用力是2、3接电源瞬间的3倍D. 通电瞬间，桌面对磁铁的作用力比没通电时大【8题答案】【答案】D【解析】【分析】根据左手定则判断通电时导体棒的摆动方向；根据左手定则，电流方向和磁场方向同时改变时，安培力的方向不变；根据F=BIL判断1、4接电源瞬间导体棒所受磁场的作用力与2、3接电源瞬间的磁场力关系；根据牛顿第三定律结合安培力的知识判断接通电源瞬间前后桌面对磁铁的作用力的变化【详解】A 1接电源负极，2接电源正极，根据左手定则可知，导体棒受安培力向里，则向里摆，选项A错误；B根据左手定则可知，对调磁铁N极与S极的位置的同时改变电流方向，导体棒受安培力的方向不变，则摆动方向不变，
9、选项B错误；C1、4接电源时的电流为，2、3接电源时的电流为，则，则根据F=BIL可知1、4接电源瞬间导体棒所受磁场的作用力不等于2、3接电源瞬间的3倍，选项C错误；D通电的瞬间，磁场对导体棒产生水平方向的安培力，根据牛顿第三定律，导体棒对磁铁产生水平方向的作用力，从而使得磁铁与桌面之间产生摩擦力，使磁铁对桌面的作用力增加，选项D正确；故选D.9. 物理学中有些问题的结论不一定必须通过计算才能验证，有时只需通过一定的分析就可以判断结论是否正确如图所示为两个彼此平行且共轴的半径分别为R1和R2的圆环，两圆环上的电荷量均为q(q0)，而且电荷均匀分布两圆环的圆心O1和O2相距为2a，连线的中点为O
10、，轴线上的A点在O点右侧与O点相距为(ra)，试分析判断下列关于A点处电场强度大小E的表达式正确的是A. B. C. D. 【9题答案】【答案】A【解析】【分析】题目要求不通过计算，只需通过一定的分析就可以判断结论，所以根据点电荷场强的公式E=k，与选项相对比，寻找不同点，再用极限分析问题的思想方法就可以分析出结果【详解】与点电荷的场强公式E=k，比较可知，C表达式的单位不是场强的单位，故可以排除C；当r=a时，右侧圆环在A点产生的场强为零，则A处场强只由左侧圆环上的电荷产生，即场强表达式只有一项，故可排除选项D；左右两个圆环均带正电，则两个圆环在A点产生的场强应该反向，故可排除B，综上所述，
11、可知A正确故选A10. 如图所示，两块竖直放置的平行板间存在相互垂直的匀强电场E和匀强磁场B一束初速度为v的带正电粒子从上面竖直往下垂直电场射入，粒子重力不计，下列说法正确的是A 若，粒子做匀加速直线运动B. 若粒子往左偏，洛伦兹力力做正功C. 若粒子往右偏，粒子的电势能增加D. 若粒子做直线运动，改变粒子的带电性质，使它带负电，其他条件不变，粒子还是做直线运动【10题答案】【答案】D【解析】【分析】初速度为v的带电粒子沿直线从上向下射出，故此时洛伦兹力和电场力平衡，满足Eq=qvB，与粒子的电性及带电量均无关；若不满足此速度关系时粒子将发生偏转，洛伦兹力不做功，电场力做正功时电势能将减小，据
12、此解答；【详解】A若vE/B，即Eq=qvB，则粒子做匀速直线运动，选项A错误；B洛伦兹力对粒子不做功，选项B错误；C若粒子往右偏，电场力做正功，则粒子的电势能减小，选项C错误；D若粒子做直线运动，则满足Eq=qvB，改变粒子的带电性质，使它带负电，其他条件不变，粒子所受的电场力方向改变，所受的洛伦兹力方向也改变，则粒子还是做直线运动，选项D正确；故选D.【点睛】本题考查带电粒子在复合场中运动，是速度选择器模型，解题首先要根据粒子的速度判断其受力情况，从而判断运动的情况；知道洛伦兹力不做功，要能结合动能定理以及电场力做功的特点分析求解11. 如图所示，直角三角形的斜边倾角C30，底边BC长为2
13、L、处在水平位置，斜边AC是光滑绝缘的，在底边中点O处固定一正点电荷，一个质量为m、电量为q的带负电的质点从斜面顶端A沿斜边滑下。滑到斜边上的垂足D时速度为v。则（）A. 质点的运动是先匀加速后匀减速运动B. 质点在运动中动能与电势能之和不发生变化C. 质点运动到非常近斜边底端C点时的速度为D. 质点运动到非常挨近斜边底端C点时的加速度为g/2【11题答案】【答案】C【解析】【分析】在直角三角形底边中点O处放置一正电荷Q，设OC=OD，则知C、D的电势相等；列出等式求出接近斜边底端C点时动能，对质点在D、C点进行受力分析，运用正交分解和牛顿第二定律列出等式求解C点的加速度和速度【详解】A质点运
14、动过程中，电场力的大小和方向是变化的，故合力的大小是变化的，故加速度也是变化的，故质点的运动不可能是匀变速运动，选项A错误；B小球受重力、支持力和电场力，支持力不做功，重力做功等于重力势能的减小量，电场力做功等于电势能的减小量，故在质点的运动中动能、电势能、重力势能三者之和守恒，因质点的重力势能减小，则质点在运动中动能与电势能之和增加，选项B错误；C DC两点的电势相等，则对从D到C过程，电场力做功为零，根据动能定理，有：mgLsin60=mvC2mv2，解得：，故C正确；D质点滑到C点时，受重力、电场力、支持力，由牛顿第二定律得：mgsin30-Fcos30=maC，其中：，联立两式解得：
15、，方向平行于斜面向下故D错误；故选C【点睛】本题考查动能定理的应用，电场力做功的特点，涉及能量变化的题目一般都要优先考虑动能定理的应用，并要求学生能明确几种特殊力做功的特点，关键要分析出D、C点是同一等势面上.12. 火星是太阳的类地行星，直径约为地球的53，质量为地球的11，地球绕太阳运动的半长轴记作1天文单位，火星绕太阳运动的半长轴152天文单位“火卫一”是火星的天然卫星下列说法正确的是A. 月球绕地球做圆周运动的线速度比地球同步卫星的线速度大B. 地球表面附近的近地卫星向心加速度是火星表面附近的近地卫星向心加速度的5倍C. 火星绕太阳公转一周约为地球公转时间的两倍D. 月球绕地球做圆周运动的半径为R1，周期为T1，“火卫一绕火星做圆周运动的半径为R2，周期为T2，则【12题答案】【答案】C【解析】【分析】根据比较月球和同步卫星绕地球运转的线速度关系；根据比较地球表面附近的近地卫星向心加速度是火星表面附近的近地卫星向心加速度
