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1、2022年宝鸡市高考模拟检测(三)物理试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14.在物理学的发展过程中，科学家们总结出了许多物理学研究方法，以下关于物理学研究方法的叙述正确的是A.在不需要考虑带电物体本身的大小和形状时，用点电荷来代替物体的方法叫微元法B.在探究加速度、力和质量三者之间的关系时采用了假设法C.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了理想模型法D.
2、伽利略认为自由落体运动是物体在倾角为90的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法15.一个中子被捕获后生成和的过程中释放出的核能。已知真空中的光速为c，则下列有关叙述正确的是A.该反应过程中释放了10个中子 B.该反应是原子核的人工转变C.该反应过程中的质量亏损为 D.的比结合能为16，2021年6月23日，我国成功发射北斗系统第55颗导航卫星。这是“北斗三号”中的第3颗地球静止轨道卫星。该卫星在星基增强、短报文通信、精密单点定位等特色服务上发挥着关键作用。下列对该卫星的分析正确的是A.该卫星在轨道上运行时一定会经过宝鸡的正上空B
3、.若只已知地球表面的重力加速度和地球自转周期，则可以求出该卫星距地面的高度C.若只已知地球的自转周期，则可以求出该卫星的角速度大小D.若只已知地球第一宇宙速度和地球表面的重力加速度，则可以求出该卫星的轨道半径17.如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A，木板B受到不断增大的水平拉力F作用时，用传感器测出木板B的加速度a，得到如图乙所示的aF图像、已知g取10m/s2，则A. 滑块A的质量为1kgB.木板B的质量为4kg C.当F=10N时木板B加速度为4m/s2 D.滑块A与木板B间动摩擦因数为0.118.两个等量异种点电荷形成的电场等势面如图虚线所示，现有一正电荷以某
4、一水平初速度从左侧P点进入该区域，只在电场力作用下通过Q点。下列说法正确的是A.P点的电场强度比Q点的电场强度小B.P点的电势比Q点的电势低C.该电荷在P点的电势能比Q点的电势能大D.该电荷在P点的动能比Q点的动能大19.回旋加速器是用来加速带电粒子的装置。它的核心部分是两个相距很近的D形金属盒，其两端与高频交流电源相连，在两盒间的狭缝中形成周期性变化的匀强电场，且两盒处于垂直于盒底面的匀强磁场中。若用此装置分别对氘核()和氚核()加速，则下列说法正确的是A.回旋加速器加速的次数越多，原子核获得的最大动能越大B.D形盒间的交变电压越大，原子核获得的最大动能越大C.加速氘核和氚核的交流电源周期之
5、比为2：3D.氘核和氚核获得的最大动能之比为3：220.在某交流电路中，有一正在工作的变压器，原、副线圈的匝数分别为n1=600匝、n2=120匝，加在原线圈两端的电压为，原线圈中串联一个0.2A的保险丝，为保证保险丝不被烧毁，则A.负载功率不能超过44W B.副线圈电流的最大值不能超过1AC.副线圈电流的有效值不能超过1A D.副线圈电流的有效值不能超过0.2A21. 2022年2月8日北京冬奥会，中国小将谷爱凌夺得自由式滑雪女子大跳台冠军。现设运动员从跳台顶端a处以初速度v，水平跃出，最终落在斜坡上的b点，如图所示。a、b间的距离为s，斜坡与水平面的夹角为，重力加速度为g，不计空气阻力，下
6、列说法正确的是A. 运动员从a点跃出时的速度，越大，落在斜坡上时速度方向与水平方向夹角越大B.运动员从a点跃出时的速度v。越大，落在斜坡上时重力的瞬时功率越大C.经过运动员离斜坡最远D.运动员从a点跃出时的速度大小为22.(6分)某同学为“验证机械能守恒定律”，采用了如图甲所示的装置，将质量相等的两个重物用轻绳连接，放在光滑的轻质滑轮上，系统处于静止状态。该同学在左侧重物上附加一个小铁块，使系统从静止开始运动，滑轮右侧重物拖着纸带打出一系列的点。某次实验打出的纸带如图乙所示，0是打下的第一个点，两相邻点间还有4个点未标出，交游电频率为50Hz。用刻度尺测得点“0”到点“4”的距离h1=38.4
7、0cm，点“4”到点“5”的距离h2=21.60cm,点“5”到点“6”的距离h3=26.40cm,重力加速度用g表示。(1)依据实验装置和操作过程，下列说法正确的是_A.需要用天平分别测出重物的质量M和小铁块的质量mB.需要用天平直接测出重物的质量M和小铁块的质量m之和C.只需要用天平测出小铁块质量mD.不需要测量重物的质量M和小铁块的质量m(2)系统在打点05的过程中，经过点5位置时的速度v=_m/s(结果保留两位有效数字)，系统重力势能的减少量的表达式=_(用实验测量物理量的字母表示），在误差允许的范围内，系统重力势能的减少量略_系统动能的增加量（填“大于”或“小于”），从而验证机械能守
8、恒定律。23. (10分)某物理兴趣小组的小明和小华两同学走进实验室，准备利用实验室现有器材进行电学知识实验探究。实验室可供探究的器材有：A.干电池(电动势E=1.5V，内阻r约为2)；B.电流表A(满偏电流为3mA，内阻约为9)；C.电压表V(量程为1.5V，内阻约为1000)D.电阻箱R1(最大阻值为999.9)；E.滑动变阻器R2(最大阻值为1000)；F.定值电阻R3(阻值约为1)；G.开关，导线若干。(1) 小明同学将干电池、电流表A和滑动变阻器R，串联，设计了如图甲所示的欧姆表，完成测试后表盘上1.5mA刻度对应的电阻值为_。(2)小华同学为了对图甲的欧姆表进行改装，他首先测量了电
9、流表A的内阻，他将电流表A与电阻箱R1串联，设计了如图乙所示的测量电路。闭合开关，调节电阻箱的阻值，当电流表满偏时电压表的示数为1.47V，电阻箱的读数为480，则电流表的内阻RA=_。(3)小华同学在上述实验基础上继续利用电流表A和电压表V来测量定值电阻R3，的阻值，用伏安法的内接和外接两种电路进行测量，则采用伏安法的（填“内接”或“外接”)测量较准确。在测量中，若电压表的示数为U,电流表的示数为I，则定值电阻R3阻值的表达式为R3=_（用实验测量的物理量的字母表示）。(4) 小华同学经过多次测量得到定值电阻R3，的电阻为，他利用该定值电阻对小明同学设计的如图甲所示的欧姆表进行改装，从而实现
10、了对欧姆表倍率的转换，改装电路如图丙所示。则图甲和图丙两种欧姆表的倍率之比为_。24.某同学在玩弹力球时做了这样一个实验；如图所示，一大一小A、B两个弹力球可视为质点， 1距离地面的高度H=1.6m将两小球同时无初速度地释放，释放时两球球心在同一竖直线上，两球间有微小间隔。A球落地先与水平地面碰撞，再与B球碰撞，所有碰撞的作用时间极短，且A球与地面碰撞没B有动能损失，碰撞前后小球都在竖直方向上运动，A、B两球碰撞结束后B A球上升的最大高度为h=3.6m。重力加速度10m/s2 不考虑空气阻力，求：(1)A球对地面的冲量大小；(2)A球上升的最大高度。25.如图所示，光滑绝缘斜面与水平面的夹角
11、=30，斜面所在空间存在两个相邻且互不影响的有界匀强磁场、，磁场边界水平，两磁场的磁感应强度方向相反，且与斜面垂直，大小均为B=1T，宽度均为L=0.3m。现有一边长也为L，电阻R=0.1的正方形闭合导线框abcd从距磁场上边界线x=0.4m处由静c止释放，已知线框ab边刚进入磁场时恰好做匀速直线运动，进入磁场区域后经一段时间后，在ab边未出磁场区域下边界之前又做匀速直线运动，整个线框在穿过磁I场区域的过程中边始终水平，g取10m/s2，求：(1)导线框abcd的质量m；(2)导线框从开始运动到ab边刚到达磁场下边界线过程中线框产生的内能Q；(3)导线框从开始运动到ab边刚到达磁场下边界线过程
12、中运动的总时间t。33.物理选修3-3(15分)(1)(5分)下列说法正确的是_(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分)A.附着层内分子间距离大于液体内部分子间距离时，液体与固体间表现为浸润B.一定温度下饱和汽的密度为一定值，温度升高，饱和汽的密度增大C.在分子间距离增大的过程中，分子间的作用力可能增大，也可能减小D.一定质量的气体，当温度升高时，分子的平均动能增大，气体的压强一定增大E.熵是物体内分子运动无序程度的量度(2)(10分)如图甲所示，汽缸放置在水平平台上，活塞质量m=8kg、横截面积S=40cm2,大气压强。P0=110
13、5pa。当温度t1=27C时，活塞封闭的气柱长L=10cm；若将汽缸倒过来放置时，活塞下方的空气能通过平台上的缺口与大气相通，如图乙所示。（取g=10m/s2,不计活塞与汽缸之间的摩擦）求：将汽缸正放时，要使活塞缓慢上升h=2cm，则气体温度升高多少？保持温度不变，将汽缸倒过来放置稳定后，活塞比正放时位置下降了多少cm?物理部分参考答案（2022年市三检）第部分（选择题）14D 15A 16C 17C 18C 19CD 20AC 21BC第卷（非选择题）22（6分）（1）A（1分）（2）2.4（2分） mg（h1+h2）（2分） 大于（1分）23（10分）（1）500（2分）（2）10（2分）
14、（3）内接 （4分）（4）10：1 （2分）24（13分）解：（1）A、B两球同时做自由落体运动，设落地时的速度为v，由运动学公式可得：（1）1分因A球与地面碰撞没有动能损失，碰后A球速度大小不变，方向竖直向上。在A球与地面相碰的过程中，设地面对A球冲量为I，选竖直向上为正方向，由动量定理可得：（2）2分由于A球与地面作用时间极短，重力冲量可以忽略不计，所以：（3）2分依据相互作用可得，球A对地面的冲量：（4）2分（2）A、B两球碰撞的过程中满足动量守恒定律，选竖直向上为正方向，则有：（5）2分（6）1分（7）1分解得：（8）2分25（18分）解：（1）线框由静止开始做匀加速运动，设加速度为a
15、，到达磁场上边界线时速度为v1，则：（1）1分（2）1分线框ab边进入磁场边界切割磁感线产生感应电流，根据电磁感应定律可得：（3）1分（4）1分（5）1分解得：（6）1分（2）当ab边进入磁场区域II后，再次匀速运动时的速度为，线框ab边和cd边同时切割磁感线，产生同方向感应电流，同理可得：（7）1分线框ab边和cd边同时受到沿斜面向上的安培力，由受力平衡可得：（8）1分从线框开始运动到ab边刚到达磁场II下边界线过程中，由能的转化和守恒定律可得：（9）1分解得：（10）2分（3）设线框ab边在磁场外匀加速运动时间为t1，在磁场I中运动的时间为t2，在磁场II中运动的时间为t3，则：（11）1分（
