《山东省济南黄河双语实验学校2022届高三上学期期中考试物理试卷》由会员分享，可在线阅读，更多相关《山东省济南黄河双语实验学校2022届高三上学期期中考试物理试卷（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、济南黄河双语实验学校20212022学年度第一学期期中试题高三物理注意事项：本试卷满分100分，考试时间90分钟，共18题。一、单项选择題：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合題目要求。1.下列哪个物理量是矢量（）A.质量2.在下列几种运动过程中，机械能不守恒的是（A.物体沿光滑斜面下滑C.物体在水平面匀速滑行3.如图所示，长为Z的轻质细绳一端固定在天花板上的0点，另一端拴一质量为的小球。刚开B.动能C.势能D.动量B.物体从凌云楼三楼落下D.点电荷在匀强电场中只受电场力作用运动始细绳处于水平位置，现将小球由静止释放，细绳从水平位置运动到竖直位置，在此过程中小球沿圆弧从W
2、点运动到5点，C点、点是圆弧的两个三等分点，不计空气和0点阻力，则重力在C点和及点的瞬时功率之比4满足(rc2Po24.设宇航员绕地球运动的周期为/;离地高度为/，地球半径为yp,则根据7；从y?和引力常量(；，it2冲1D.2%,它们的初动量相同，若a和6分别受到不变的阻力足和尽的作用，经过相同的位移停下来，它们的运动时间分别为和&，则（A.B.C.FaFbRta”或“”或“=”)(2)下列操作中有必要的是A.实验前固定在桌边上的斜槽末端的切线要沿水平方向B.实验中需要测量小球开始释放的高度AC.实验中需要测量小球抛出点距地面的高度D.实验中需要测量小球做平抛运动的水平射程(3)第一步：先从
3、S处释放并多次重复找到落点P，并测出水平射程0P。第二步：将静置于轨道末端0点，再从S处释放w与助发生对心碰揸，并多次重复后分别确定两球的水平射程0M和0N。若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为.四、解答题：本大题4小题，共48分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位(用图中字母表示)。段为15.(10分）如图所示，用同种材料制成一个竖直平面内的轨道，圆弧，半径为亿BCWL水平且长度为尼一小物块质量为与轨道间动摩擦因数为A。当它从轨道顶端4无初速下滑时，恰好运动到C点静止，求:(1)物体在段克服摩擦力做
4、的功。(2)若选/1点所在的水平面为零势能面，物体到达S点时的机械能。CB16.(12分）如图所示，质量为20kg的小孩坐在雪橇上，现用一个与水平方向成a=37、大小为60N的力F拉着雪橇沿水平地面从静止开始以=0.5m/s2的加速度做匀加速直线运动，己知雪橇的质量为20kg,cos37=0.8求(1)2s内拉力对雪橇做的功是多少？(2)2s内拉力的平均功率;(3)2s末拉力的瞬时功率。17.(12分）蹦床是一项运动员在一张绷紧的弹性网上蹦跳，翻滚并做各种空中动作的运动项目。一个质量为60kg的运动员，从离水平网面3.2m高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回到离水平网面5m高处。已知运动员与网接
5、触的时间为1.2s。若把这段时间内网对运动员的作用力当作恒力处理，运动员可看做质点，发取10m/s2，求:(1)触网时运动员动量的大小(2)运动员与网接触过程中，运动员动量变化量的大小;(3)网对运动员的作用力的大小。18.(14分）如图所示，在光滑水平的地面上，有一辆上表面光滑的正在以速度Ve向右运动的小车,车上的木块一样与车一起以向右运动，车左端有一固定挡板P,挡板和车的质量为M=16kg,在挡板P和质量为ra-9kg的木块之间有少量炸药，炸药爆炸提供给小车和木块的总机械能为E=1800J.若要使炸药爆炸后木块的动能等于E。，在爆炸前小车的速度为多少？/炸典Hit2021-2022学年度第
6、一学期期中考试参考答案1.D【详解】质量、动能、势能为标量，动量为矢量，所以D正确；ABC错误;故选D。2.D【详解】A.物体沿光滑斜面下滑，只有重力做功，机械能守恒，A错误;B.物体做自由落体运动，只有重力做功，机械能守恒，B错误;C.物体在水平面匀速滑行，动能和势能之和不变，机械能守恒，C错误;D.点电荷在匀强电场中只受电场力作用运动，电场力对点电荷做功，所以机械能不守恒，D正确。故选D。3.B【详解】如图所示CvcmgB设故ACD错误，B正确。故选B。4.C【详解】A.宇航员绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力。有Mm47T=m(H+R)GH+RfT2解得47T2(H+RfM=GT2
7、故A正确，与题意不符B.根据密度表达式，有,1P=V联立，可得3(H+RfPGT2R3故B正确，与题意不符C.飞船质量未知，所以飞船所需的向心力不能求出。故C错误，与题意相符;D.设飞船线速度的大小为K,则有v_2nH+R)故D正确，与题意不符。故选C。5.B【详解】一物体在地球表面时，有GMmF=r当该物体在距地面高及处时，有，GMmGMm1联立解得/F=-4故ACD错误，B正确。故选B。6.C【详解】ABC.汽车做匀速圆周运动，所受合力提供向心力，所以合力以及合力的冲量均不为零，但合力做功为零，故AB错误，C正确;D.汽车速率不变，所以动能的增加量为零，则汽车减小的重力势能大于增加的动能，
8、故D错误。故选C。7.D【详解】A.人从船头走向船尾的过程中，人和船组成的系统动量守恒。设人的质量为速度为Vo船的质量为从速度为K。以人行走的速度方向为正方向，由动量守恒定律得0=mv+il/v解得M可知，人匀速行走，r不变，则V不变，船匀速后退，且两者速度大小与它们的质量成反比。故A正确，与题意不符;B.人走到船尾不再走动，设整体速度为/，由动量守恒定律得0=M)vK得K=0即船停止不动。故B正确，与题意不符C.系统初始总动量为0,根据动量守恒定律得O-mvMv解得M则不管人如何走动，人在行走的任意时刻人和船的速度方向总是相反，大小与它们的质量成反比。故C正确，与题意不符D.由上分析知，船的
9、运动情况与人行走的情况有关，人动船动，人停船停。故D错误，与题意相符。故选D。8.D【详解】根据4岑2m由于它们的初动量相同，mamb,所以有&，根据动能定理有一/=0-民解得由于经过相同的位移停下来，EEVh,所 以,根 据 动 量 定 理 有Ft=0p解 得=.XF由于它们的初动量相同，Fa/,，则D正确；ABC错误;故选D。9.CD【详解】A.重力做功为WG=mgh=400J故A正确B.由动能定理合外力做的功等于动能的变化量mv2=40J=2故B正确C.支持力与小孩的运动方向始终垂直，故支持力不做功，故C错误;D.在整个过程中，根据动能定理有W合=WG+Wr则Wr=-360J故D不正确。
10、本题选不正确的，故选CK10.CD【详解】A.物体落到0点后，开始一段时间重力大于弹力，仍然加速。故A错误;B.物体从0点运动到5点，除重力外还有弹力做功，故物体机械能不守恒。故B错误;C.在整个过程中，物体与弹簧组成的系统只有重力与弹簧弹力做功，所以系统机械能守恒。故C正确D.系统机械能守恒，即物体的重力势能与弹簧的弹性势能之和与物体的动能的总量保持不变EP+Enp+Ek=E从0点运动到5点的过程中，物体的速度先增大后减小，即其动能先增大后减小。所以物体的重力势能与弹簧的弹性势能之和先减小后增大。故D正确。故选CD。11.AB【详解】卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的
11、质量为/、轨道半径为r地球质量为私有v2m47r2rGMmmr2A.周期T=2飞船6的轨道半径小于空间站a的轨道半径，所以a的周期大于6的周期，故A正确;B.加速度GM飞船A的轨道半径小于空间站a的轨道半径，所以a的加速度小于6的加速度，故B正确;C.线速度飞船6的轨道半径小于空间站a的轨道半径，所以3的运行速度小于6的运行速度，故C错误;D.第一宇宙速度是绕地球做圆周运动的最大环绕速度，所以a、6的运行速度小于第一宇宙速度,故D错误。故选AB。12.BD【详解】AB.小球A、B及弹簧，系统在剪断细绳前后动量守恒，根据动量守恒定律有0=PA+PB所以，弹簧弹开两小球后，两小球动量大小之比为PA
12、PB11故A错误，B正确CD.由于弹簧弹开两小球后动量大小相等，即有mAVA=因为mA:/Wg=1:2所以可求得VA:VB=2:1故C错误，D正确。故选BD。d13.近些越小【详解】(1)1弹射出后小球做平抛运动，只有距离光电门近些才能减小速度引起的误差。(I(2)2利用平均速度代替瞬时速度，小球的速度为v=l3弹簧的压缩量/越小，弹性势能越小，小球获得的速度越小。14.ADn0M+ON=/n,OP【详解】(1)1碰撞过程中动量，能量守恒，因此有m,v,=/n,v,+m2v2202122解得v,=i.+2Vo因此让小球碰揸以后不反弹，两球质量满足ntj(2)2A.保证小球做平抛运动，所以实验前
13、固定在桌边上的斜槽末端的切线要沿水平方向；故A正确BC.可通过质量与水平射程乘积来验证动量是否守恒，故实验中不需要测量小球开始释放的高度故BC错误D.通过质量与水平射程乘积来验证动量是否守恒，故实验中需要测量小球做平抛运动的水平射程，故D正确(3)3由碰撞过程中动量守恒，得m0M+0N=OP15.(1)Wf=mgR(l-p);(2)EB=-mgR(l-iu)【详解】(1)设物体在必段克服摩擦力做的功为；，对全过程应用动能定理mgR-VTf-jumgR=04分解得1分Wf=mgR(-M)(2)设物体到达5点时动能为kfl，则从5到(:根据动能定理有-/umgR=Q-EJ)2分物体在5点时的机械能
14、为EB=Ew+EfB=MmgR-mgR=-mgR(l-u)3分16.(1)48J；(2)24W；(3)60W【详解】(l)2s内雪橇的位移为I=at2=lm22分拉力对雪橇做的功是WF=F/cosa=60 xlx0.8J=48J2分(2)2s内拉力的平均功率24分(3)2s末雪橇的速度为v=at=0.5x2m/s=InVs2分2s末拉力的瞬时功率P=Fv=60 xlW=60W2分17.(1)480kg-m/s；(2)1080kgm/s；(3)1500N【详解】(1)根据运动学公式，得2=v,21分解得v,=yf2gh=8m/s1分触网时运动员动量的大小为p,=mvx=480kg.m/s2分方向
15、竖直向下(2)着网弹回过程，有2决=v22解得v2=yf2gh=lOm/s弹回离网时，运动员动量大小为p2=mv2=600kg.m/s2分方向竖直向上，取向上为正方向，则运动员动量变化量的大小为=Pip,=mv2mV)=1080kg-m/s2分方向竖直向上(3)根据动量定理，有F-mg)t=Ap3分解得1分F=1500N方向竖直向上18.v0=4m/s以车和木块组成的系统为研宄对象，以原来速度的方向为正方向.炸药爆炸后木块的动能等于所以EoEo=mvl4分所以20m/s分恒根据能量守有(A/+m)Vo+E0=吾Mvf+mv2分解得或V|=4V4V,=5V分炸药爆炸过程中动量守恒，则有vo=Mvi+mv2若Vi的方向与V。的方向相同，则解得o=36m/s20m/s,不符合事实.所以的方向应与V。的方向相反.则得解Ko=4m/s.1分
