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1、 2022高一物理寒假作业答案第1页1-4CBBC11.(1)ABC(2)不能合力为，超出了弹簧测力计的量程(每空2分)12.(1)0.1(2)0.4(3)0.14(4)0.1(每空2分)第2页1-4CDBA13.解：(1)前1s时间内的加速度3分(2)1s到4s时间内的加速度，2分1s到4s时间内的位移3分(3)前1s时间内的位移，2分4s时间内的平均速度，2分14.解：(1)重物受力如图。1分将力分解，由物体的平衡条件有水平方向上2分竖直方向上2分联立两式，代入数据解得两根绳AC和BC上的拉力分别为4分(2)由式知，若AC绳的拉力为150N，则BC绳上的拉力将到达，超过了其100N的承受力
2、量。2分当BC绳的拉力时，重物的重力为2分所以为了不使绳子被拉断，重物的重力不应超过115.5N。1分第3页1BD2BCD15.解：推木箱匀速前进时，木箱受力如图1。1分由物体的平衡条件，有Fcos37=Ff12分FN1=mg+Fsin372分而Ff1=FN11分解以上三式得木箱与地面的动摩擦因数=0.172分拉木箱前进时，木箱受力如图2。1分由牛顿其次定律，有Fcos37-Ff2=ma2分FN2+Fsin37=mg2分而Ff2=FN21分解此三式得木箱的加速度a=0.56m/s22分第4页1-4DBBC5.(1)甲 甲方案中摩擦力较小 (2)4.8m/s2 乙 (3)BC6.(1)(2)(3
3、)第5页1-4BBCDABD5.设土星质量为M0，颗粒质量为m，颗粒距土星中心距离为r，线速度为v，依据牛顿其次定律和万有引力定律：解得：对于A、B：和得：或设颗粒绕土星作圆周运动的周期为T，则：对于A、B两颗粒分别有：和得：或或6.(1)初始时物体动能，到达B点时的动能。由A到B过程中，外力做功，由动能定理，(动能定理列对的共得2分，下同)得。(2)如下图，设滑块上升到D点时速度为0，所走距离为s1。到达D点滑块动能为，由B到D的过程中，外力做功为，由动能定理，求得。由知，滑块不能静止在D点，将连续向下运动。设滑块最终停在水平轨道上的E点，BE间距离设为s2。到E点时滑块动能为，由D到E的过
4、程中，外力做功为，由动能定理，求得。第6页1-2ACDBCD3设小球从圆弧顶点以速度抛出，经过时间秒垂直落在斜面上，斜面的倾角为.如下图，则：或.(1分).(1分)或.mg.(1分)即：或.所以，当斜面角满意或时，其设计是可行的.当小球在斜面上运动到与圆弧顶端等高位置A点时，小球的速度为.设此时小球下落高度为，依据动能定理，.所以，小球下滑的高度距斜面底端或.第7页1-4CBDA5(1)在连续相等时间内，位移差都相等(2)2.64(3)12.6图略;(4)打下A点时，小车的速度6，5N，AD，BCl;7，0，ma第8页1-4BCAC56A绳拉力80N;B绳拉力100N第9页1-4ACD;AD;
5、BC;CD;5第10页12345ACDBCBDACC6200m、10s7110N、20m/s第11页12345CDABCCCB6角速度为，线速度为v;长春角速度为,线速度为v则=由于rr,v=r则vv7(1)由h=1/2gt得t=2h/g=2s(2)由x=vt得x=30m第12页1-4ACDA5(1)600N(2)840N(3)以3m/s2的加速度匀减速上升或3m/s2的加速度匀加速下降6解：解析 (1)因OB绳处于竖直方向，所以B球处于平衡状态，AB绳上的拉力为零，OB绳对小球的拉力FOB=mg.(2)A球在重力mg、水平拉力F和OA绳的拉力FOA三力作用下平衡，所以OA绳对小球的拉力FOA
6、=2mg.(3)作用力F=mgtan60=mg.答案 (1)mg (2)2mg (3)mg第13页1-4DCBBC5解：受力如图，竖直方向受力平衡得FN=17N物体与地面间的摩擦力大小为水平方向，由牛顿其次定律得a=0.3m/s25s内的位移为：第14页1-4DCBCADBC5依据牛顿其次定律得:匀减速直线运动的加速度:依据牛顿其次定律得:解得:F=30N，=0.5第15页1.D2.C3.B4.(1)AD(2)F解析 (1)同一次试验中，为保证作用效果一样，必需将结点O拉至同一位置，故A选项正确;计算合力用平行四边形定则求得不必选用特别角，故B选项错误;夹角越大，合力越小，试验误差增大，故C选
7、项错误;做试验时，必需使分力与合力在同一平面内，故D选项正确.(2)用一只弹簧测力计直接拉橡皮条的拉力方向肯定沿AO方向，而用平行四边形定则求出的合力F与AO的方向可能有偏差.5.答案:(10分)D丙，C，(4)0.46(4)解析:s4-s1=3aT2a=m/s2=0.46m/s2.第16页1.A2.C3.A4.如下图，定滑轮只转变力的方向，不转变力的大小，所以绳的拉力F1=F2=100N，柱顶所受压力大小F=2F1cos30得F=100N。5答案 (1)做加速度越来越小的加速运动 6m/s(2)5.6m/s2解析 (1)以伞和运发动作为讨论对象，开头时速度较小，空气阻力F小于重力G，v增大，
8、F随之增大，合力F合减小，做加速度a渐渐减小的加速运动;当v足够大，使F=G时，F合=0，a=0，开头做匀速运动，此时的速度为收尾速度，设为vm.由F=kv=G，得vm=6m/s.(2)当v=4m/sF=kv2，由牛顿其次定律F合=ma得a=g-=10m/s2-m/s25.6m/s2.第17页1.C2.BC3.ABD14.解：(1)由v=v0+at，甲车停顿运动的时间t1=2s(2)时间t1内，甲车的位移x甲=(v+v0)t1/2=10m乙车的位移x乙=v0t1=20m两车相距x=30m(3)相遇时间t2=(x0+x甲)/v0=5s第18页1.AB2.CD3.AD4解：(1)以冰车及小明为讨论对象，由牛顿其次定律得由得5m/s(2)冰车匀加速运动过程中有冰车自由滑行时有又由得50m注：计算题其他解法正确均按步骤给分。
