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1、.高考仿真模拟试卷二、选择题14某同学通过以下步骤测出了从一定高度落下的排球对地面的冲击力：将一张白纸铺在水平地面上,把排球在水里弄湿,然后让排球从规定的高度自由落下,并在白纸上留下球的水印再将印有水印的白纸铺在台秤上,将球放在纸上的水印中心,缓慢地压球,使排球与纸接触部分逐渐发生形变直至刚好遮住水印,记下此时台秤的示数即冲击力的最大值下列物理学习或研究中用到的方法与该同学的方法相同的是A建立合力与分力的概念B建立点电荷的概念C建立电场强度的概念D建立电场线的概念解析：题目中该同学用的是等效代替的方法,选项中只有建立合力与分力的概念时用到了等效代替的方法,故选A.答案：A15 如图所示,将两个
2、质量均为m的小球a、b用细线相连悬挂于O点,用力F拉小球a,使整个装置处于平衡状态,且悬线Oa与竖直方向的夹角30,则F的大小A可能为mg B可能为mgC可能为mg D不可能为mg解析：对小球a受力分析,受重力、两绳的拉力和F共四个力作用,根据共点力的平衡条件可得F的大小的最小值Fmin2mgsin 30mg,选项C正确答案：C16据报道,在太阳系之外发现了一颗可能适合人类居住的类地行星Gliese581C,天文学家观察发现绕Gliese581C行星做圆周运动的卫星的轨道半径为月球绕地球做圆周运动的轨道半径的p倍,周期为月球绕地球做圆周运动的周期的q倍已知地球半径为R,表面重力加速度为g.引力
3、常量为G,则Gliese581C行星的质量为A. B.C. D.解析：月球绕地球运动,万有引力提供向心力,有Gm月2r,对地球表面运动的物体,有Gmg,联立解得,卫星绕该行星运动,由万有引力定律可得,该行星质量M.所以答案选A.答案：A17如图甲所示,质量相等的a、b两物体,从斜面上的同一位置A由静止下滑,经B点在水平面上滑行一段时间后停下不计经过B点时的能量损失,用传感器采集到它们的速率时间图象如图乙,根据上述信息,下列说法正确的是Aa在斜面上滑行的加速度比b的小Ba在水平面上滑行的距离比b的短Ca与斜面间的动摩擦因数比b的小Da在整个运动过程中克服摩擦力做的功比b多解析：vt图象中斜率表示
4、加速度,由图象可知,在斜面滑行阶段,a的斜率大于b的斜率,表示a在斜面上滑行的加速度大于b的加速度,故A错误；vt图象中,图线与坐标轴所围的面积表示位移,由图象可知,在水平面滑行阶段,a图线与坐标轴所围的面积大于b图线与坐标轴所围的面积,表示a在水平面上滑行的距离比b的长,故B错误；在斜面滑行时,agsin gcos ,g为常数,相同,aaab,则ab,故C正确；由动能定理,得：mghWf0,则Wfmgh,整个过程中a和b克服摩擦力做的功一样多,故D错误答案：C18 如图所示,在一个匀强电场中有一个三角形ABC,AC的中点为M,BC的中点为N.将一个带正电的粒子从A点移动到B点,电场力做功为W
5、AB8.0109 J则以下分析正确的是A若将该粒子从M点移动到N点,电场力做功WMN有可能小于4.0109 JB若将该粒子从点M移动到N点,电场力做功WMN有可能大于4.0109 JC若A、B之间的距离为2 cm,粒子的电荷量为2107 C,该电场的场强一定是E2 V/mD若粒子的电荷量为2109 C,则A、B之间的电势差为4 V解析：在匀强电场中沿相同方向移动同种电荷,电场力做功的正、负相同,M、N分别为AC、BC的中点,因此MN长为AB长的一半,无论电场强度方向如何,MN间电势差为AB间电势差的一半,则WMN4.0109 J,故A错、B错；由于电场强度方向未知,当电场强度沿AB方向时,电场
6、强度最小,由WqEd可知最小场强Emin2 V/m,所以匀强电场的场强E2 V/m,C错；由WqU可知D项正确答案：D19如图所示电路中,电源的电动势为E,内阻为r,各电阻阻值如图所示,当滑动变阻器的滑动触头P从a端滑到b端的过程中,下列说法正确的是A电压表的读数U先增大,后减小B电流表的读数I先增大,后减小C电压表读数U与电流表读数I的比值不变D电压表读数的变化量U与电流表读数的变化量I的比值不变解析：对电路图分析可知,当滑动变阻器的滑动触头P从a端滑到b端的过程中,外电路总电阻先增大后减小,路端电压先增大后减小,电流先减小后增大,选项A正确、B错误；电压表读数U与电流表读数I的比值是反映外
7、电路电阻随滑动触头P从a端滑到b端的过程,是先增大后减小,根据闭合电路欧姆定律有：EU外U内,UU内,故电压表读数的变化量U与电流表读数的变化量I的比值r,反映电源内阻,不发生变化,选项C错,D对答案：AD20 如图所示,在磁感应强度B1.0 T的匀强磁场中,金属杆PQ在外力F作用下在粗糙U形导轨上以速度v2 m/s向右匀速滑动,两导轨间距离l1.0 m,电阻R3.0 ,金属杆的电阻r1.0 ,导轨电阻忽略不计,则下列说法正确的是A通过R的感应电流的方向为由d到aB金属杆PQ切割磁感线产生的感应电动势的大小为2.0 VC金属杆PQ受到的安培力大小为0.5 ND外力F做功大小等于电路产生的焦耳热
8、解析：由右手定则可知通过R的电流方向为由a到d,选项A错误；由法拉第电磁感应定律可得金属杆切割磁感线产生的感应电动势的大小EBlv2 V,选项B正确；安培力F安BIl0.5 N,选项C正确；因为轨道粗糙,由能量守恒定律可知,外力做的功数值上等于电路中产生的焦耳热和摩擦生热的总和,选项D错误答案：BC21如图所示,虚线MN上方存在方向垂直纸面向里的匀强磁场B1,带电粒子从边界MN上的A点以速度v0垂直磁场方向射入磁场,经磁场偏转后从边界MN上的B点射出若在粒子经过的区域PQ上方再叠加方向垂直纸面向里的匀强磁场B2,让该粒子仍以速度v0从A处沿原方向射入磁场,经磁场偏转后从边界MN上的B点射出,不
9、计粒子的重力下列关于粒子的说法中,正确的是 AB点在B点的左侧B从B点射出的速度大于从B点射出的速度C从B点射出的速度方向平行于从B点射出的速度方向D从A到B的时间小于从A到B的时间解析：由于在粒子经过的区域PQ上方再叠加方向垂直纸面向里的匀强磁场B2,使得该处的磁感应强度增大,但由于洛伦兹力总与粒子运动方向垂直,洛伦兹力不做功,粒子的速度的大小不变,故B错误；又由于磁感应强度B增大,粒子在该处受到的洛伦兹力变大,粒子做圆周运动的半径变小,粒子从PQ上方射入PQ下方时的点会向左移动,所以粒子射出磁场时的点也要向左侧移动,故A正确；根据对称性可知,粒子从B点射出的速度方向平行与从B点射出的速度反
10、向,故C正确；由于PQ上方磁场的增大,使得粒子的运动周期变小,粒子在PQ上方的磁场中的时间变小,故D正确答案：ACD三、非选择题必考题22如图甲所示为测量电动机匀速转动角速度的实验装置,半径不大的圆形卡纸固定在电动机转轴上,在电动机的带动下匀速转动在圆形卡纸的旁边垂直安装了一个改装了的电火花计时器请将下列实验步骤按先后排序：_.A使电火花计时器与圆形卡纸保持良好接触B接通电火花计时器的电源,使它工作起来C启动电动机,使圆形卡纸转动起来D关闭电动机,拆除电火花计时器；研究卡纸上留下的一段痕迹,写出角速度的表达式,代入数据,得出的测量值要得到的测量值,还缺少一种必要的测量工具,它是_A秒表B毫米刻
11、度尺C圆规D量角器写出角速度的表达式,并指出表达式中各个物理量的意义解析：该实验先将电火花计时器与圆形卡纸保持良好接触,先使卡片转动,再打点,最后取出卡片进行数据处理,故排列顺序为ACBD.要测出角速度,需要测量点跟点间的角度,需要的器材是量角器,故选D.从圆上找出清晰连续的n个点,有个间隔,用量角器测量出着个间隔的角度,转过角度所用的时间为T,由角速度的定义可得： .答案：ACBDD为n个点对应的圆心角,T为时间间隔23小明要测定一电源的电动势E和内电阻r,实验器材有：一只DIS电流传感器,一只电阻箱,一只开关和导线若干该同学设计了如图甲所示的电路进行实验和采集数据小明设计该实验的原理表达式
12、是_；小明在闭合开关之前,应先将电阻箱阻值调至_,在实验过程中,将电阻箱调至图乙所示位置,则此时电阻箱接入电路的阻值为_；小明根据实验采集到的数据作出如图丙所示的R图象,则由图象求得,该电源的电动势E_V,内阻r_解析：在闭合电路中,E、I、R、r几个量之间的关系是EI为了整个电路的安全,所以开始电流要小,即电阻箱电阻调到最大值；题图乙电阻箱读数为25 .根据EI,推出,再结合R图象可知：图线的斜率为,截距为,解得E6.0 V,r2.4 答案：EI最大值256.02.424如甲图所示,长为4 m的水平轨道AB与倾角为37的足够长斜面BC在B处平滑连接,有一质量为2 kg的滑块,从A处由静止开始
13、受水平向右的力F作用,F与位移x的关系按乙图所示规律变化,滑块与AB和BC间的动摩擦因数均为0.5,重力加速度g取10 m/s2.求：滑块第一次到达B处时的速度大小；不计滑块在B处的速率变化,滑块到达B点时撤去力F,滑块冲上斜面,则滑块最终静止的位置与B点的距离多大解析：初始时物体动能EkA0,到达B点时的动能EkBmv由A到B过程中,外力做功WF1x1F2x2mgx32 J由动能定理WEkBEkA,得：vB4 m/s如图所示,设滑块上升到D点时速度为0,所走距离为s1.到达D点滑块动能EkD0由B到D的过程中,外力做功W1mgs1sin 37mgs1cos 37由动能定理W1EkDEkB求得：s11.6 m由mgsin 37mgcos 37知,滑块不能静止在D点,将继续向下运动设滑块最终停在水平轨道上的E点,BE间距离设为s2.到E点时滑块动能EkE0由D到E的过程中,外力做功W2mgs1sin 37mgs1cos 37
