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1、江西省上饶市县第六中学2020年高二物理模拟试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示直线OAC为某一直流电源的总功率P随总电流I变化的图线；抛物线 OBC为同一电源内部消耗的功率Pr随总电流I变化的图线，则当通过电源的电流为1A时，该电源的输出功率为A1W B3W C2W D2.5W 参考答案：C2. 物体做匀速圆周运动时，下列说法正确的是（ ）A. 物体必须受到恒力的作用B. 物体所受合力必须等于零C. 物体所受合力的大小可能变化D. 物体所受合力大小不变，方向不断改变参考答案：D【分析】匀速圆周运动指速度大小不变的圆周运动，其周期
2、和角速度都是不变的，但是线速度的方向不断改变，合外力指向圆心，大小不变，向时刻变化。【详解】飞机在空中做匀速圆周运动表演时，由合外力提供向心力，向心力的方向始终指向圆心，时刻改变，大小不变，故ABC错误，D正确.3. B. 图乙中回路产生的感应电动势一直在变大C. 图丙中回路在0t0时间内产生的感应电动势大于t02t0时间内产生的感应电动势D. 图丁中回路产生的感应电动势可能恒定不变参考答案：C4. 在光滑的绝缘水平面上，有一个正方形的abcd，顶点a、c处分别固定一个正点电荷，电荷量相等，如图所示若将一个带负电的粒子置于b点，自由释放，粒子将沿着对角线bd往复运动粒子从b点运动到d点的过程中
3、（）A先作匀加速运动，后作匀减速运动B先从高电势到低电势，后从低电势到高电势C电势能与机械能之和先增大，后减小D电势能先减小，后增大参考答案：D【考点】电势能；能量守恒定律；电势【分析】bd连线即为ac连线的中垂线，因此解决本题的关键是明确等量正电荷连线的中垂线上电场特点，从而进一步判断所受电场力、电势、电势能等变化情况【解答】解：A、由等量正电荷连线的中垂线上电场分布可知：由于负电荷受到的电场力是变力，加速度是变化的，故A错；B、由等量正电荷的电场分布知道，在两电荷连线的中垂线O点的电势最高，所以从b到d，电势是先增大后减小，故B错；C、由于只有电场力做功，所以只有电势能与动能的相互转化，故
4、电势能与机械能的和守恒，故C错；D、由b到ac连线的中点O的过程中，电场力做正功，电势能减小，由O到d电场力做负功，电势能增加，故D正确故选D5. 电流的磁效应揭示了电与磁的关系。若直导线通有方向垂直纸面向外的恒定电流，则电流的磁感线分布正确的是（ ）参考答案：D二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. (1)如图所示，(a)图中当电键S闭合瞬间，流过表G 的感应电流方向是_；(b)图中当S闭合瞬间，流过表G 的感应电流方向是_参考答案：ba ab7. （6分）如图所示，MON是固定的光滑绝缘直角杆，MO沿水平方向，NO沿竖直方向，A、B为两个套在此杆上的带有同种电荷的小球。用一
5、指向竖直杆的水平力F作用在A球上，使两球均处于静止状态。现将A球沿水平向右方向缓慢拉动一小段距离后，A、B两小球可以重新平衡。则后种平衡状态与前一种平衡状态相比较， A、B两小球间的库仑力 ；A球对MO杆的压力 。（选填变大，变小或不变） 参考答案：变小，不变（各3分） 8. 将一个物体以10m/s的初速度从5m的高度水平抛出，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2，则物体落地时竖直方向的分速度为 m/s，落地时速度方向与水平地面的夹角= 参考答案：10；45【考点】平抛运动【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出落地的竖直分速度，根据几何关系求出
6、落地时速度方向与水平地面的夹角【解答】解：平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，则，tan，则=45故答案为：10；459. 某空间存在着如图所示的水平方向的匀强磁场，A、B两个物块叠放在一起，并置于光滑的绝缘水平地面上，物块A带正电，物块B为不带电的绝缘块，水平恒力F作用于物块B上，使A、B一起由静止开始向左运动在A、B一起向左运动的过程中，以下关于A、B受力和运动的说法中正确的是（ ） AA对B的摩擦力变大 BB对地面的压力保持不变 CA对B的压力变大 DB对A的摩擦力保持不变参考答案：CD10. 将一个电量为-210-6的点电荷，从零电势点S移到M点要克服电场力做功410-4J，则M点电势
7、为 ，若将该电荷从M点移到N点，电场力做功1410-8J，则N 点的电势为 参考答案： 11. 如图所示是等离子发电机示意图。磁感应强度B为O.5T，两极间距离为20cm，要使输出电压为220V，则等离子体的速度为_，a是电源的_极。参考答案：2200米/秒；正12. 如图所示，A为带电荷量为+Q的点电荷，B为半径为r的不带电的金属小球，球心到A的距离为R，则球心处的场强为_，感应电荷在球心处的场强为_.参考答案：0 ，13. 如图，用伏安法测电阻，当被测电阻阻值不能估计时，可采用试接法让伏特表一端接在电路的a点上，另一端先后接在b点和c点，注意观察两个电表的示数若安培表的示数有显著变化，伏特
8、表应接在a、 两点，并且测量结果相比真值 （填“偏大”或“偏小”）参考答案：C 偏大三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 某同学利用气垫导轨做“探究碰撞中的不变量”的实验；气垫导轨装置如图所示，所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架、光电门等组成（l）下面是实验的主要步骤：安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平；向气垫导轨通入压缩空气；接通光电计时器；把滑块2静止放在气垫导轨的中间；滑块1挤压导轨左端弹射架上的橡皮绳；释放滑块1，滑块1通过光电门1后与左侧固定弹簧的滑块2碰撞，碰后滑块1和滑块2依次通过光电门2，两滑块通过光电门后依次被制动；读出滑块通过两个光
9、电门的挡光时间分别为滑块1通过光电门1的挡光时间t1=10.01ms，通过光电门2的挡光时间t2=49.99ms，滑块2通过光电门2的挡光时间t3=8.35ms；测出挡光片的宽度d=5mm，测得滑块1（包括撞针）的质量为ml=300g，滑块2（包括弹簧）质量为m2=200g；（2）数据处理与实验结论：实验中气垫导轨的作用是 碰撞前滑块l的速度vl为 m/s；碰撞后滑块1的速度v2为 m/s；滑块2的速度v3为 m/s；（结果保留两位有效数字）在误差允许的范围内，通过本实验，同学们可以探究出哪些物理量是不变的？通过对实验数据的分析说明理由（至少回答2个不变量）a b 参考答案：a、大大减小了因滑
10、块和导轨之间的摩擦而引起的误差b、保证两个滑块的碰撞是一维的 0.50，0.10，0.60a、系统碰撞前后总动量不变b碰撞前后总动能不变c碰撞前后质量不变【考点】验证动量守恒定律【分析】（1）使用气垫导轨使两物块只能沿导轨做直线运动，保证了两物块碰撞前后在同一条直线上做一维碰撞，同时气垫导轨的使用减小了摩擦阻力，从而减小了实验误差（2）滑块的宽度除以滑块通过光电门的时间等于滑块通过光电门的速度（3）由于发生弹性碰撞，故碰撞过程中动量守恒，动能守恒【解答】解：a、大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差b、保证两个滑块的碰撞是一维的 滑块1碰撞之前的速度v1=0.50m/s；滑块1碰撞之后的
11、速度v2=0.10m/s； 滑块2碰撞后的速度v3=0.60m/s；a、系统碰撞前后总动量不变原因：系统碰撞之前的动量m1V1=0.15kgm/s 系统碰撞之后的动量m1V2+m2V3=0.15kgm/s b碰撞前后总动能不变原因：碰撞前的总动能Ek1=m1V12/2=0.0375J 碰撞之后的总动能Ek2=m1V22/s+m2V32/2=0.0375J，所以碰撞前后总动能相等c碰撞前后质量不变故本题答案为：a、大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差b、保证两个滑块的碰撞是一维的 0.50，0.10，0.60a、系统碰撞前后总动量不变b碰撞前后总动能不变c碰撞前后质量不变15. 如下图所
12、示，游标卡尺的读数是 cm，螺旋测微器的读数是 cm。参考答案：2.130 4.712游标卡尺的主尺读数为21mm，游标读数为0.056mm=0.30mm，所以最终读数为21.30mm=2.130cm；螺旋测微器固定刻度为4.5mm，可动刻度为0.0121.2=0.212mm，所以最终读数为4.712mm。四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，ABC为一固定在竖直平面内的光滑轨道，BC段水平，AB段与BC段平滑连接。质量为m的小球从高为h处由静止开始沿轨道下滑，与静止在轨道BC段上质量为km的小球发生碰撞，碰撞前后两小球的运动方向处于同一水平线上。（1）若两小球碰撞后粘连在一起
13、，求碰后它们的共同速度；（2）若两小球在碰撞过程中无机械能损失，为使两小球能发生第二次碰撞，求k应满足的条件；参考答案：(1).由机械能守恒定律mgh=1/2mv02 由动量守恒定律 mv0=(m+km)v v= (2). 由动量守恒定律 mv0=mv1+mv2 须满足： k3 17. （7分）游乐场的过山车可以抽象成如图所示的模型：圆弧轨道的下端与圆轨道相接于M点，使一质量为m的小球从弧形轨道上距M点竖直高度为h处滚下，小球进入半径为R的圆轨道下端后沿该圆轨道运动实验发现，只要h大于一定值，小球就可以顺利通过圆轨道的最高点N不考虑摩擦等高考资源网阻力（1）若h=5R，求小球通过M点时对轨道的压力；（2）若改变h的大小，小球通过最高点时的动能Ek也随之改变，试通过计算在Ek-h图中作出Ek随h变化的关系图象。参考答案：（1）下滑过程中，有：mgh = mvM2/2 1分在M点，有：F支 - mg= mvM2/R1分解得：F压=F支=11mg1分（2）从下滑到N点，有：mg=Ek= mvN2/2 即：mg(h -2R)= Ek1分因小球要能通过N点，应有：mgmvN2/R 故R/2 ，即 h5R/22分则E
