《江西省鹰潭市实验中学高二物理上学期期末试卷含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江西省鹰潭市实验中学高二物理上学期期末试卷含解析（5页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、江西省鹰潭市实验中学高二物理上学期期末试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （2014秋?崂山区校级期中）下列说法正确的是（）A安培首先发现了电流的磁效应B小磁针的N极受磁场力的方向就是该点的磁感应强度方向CN/A?m是磁感应强度的单位D安培力的方向可以不垂直于磁感应强度方向参考答案：C安培力解：A、奥斯特首先发现了电流的磁效应，故A错误，B、磁场的方向是小磁针静止时N极的指向，故B错误C、根据B=，可知N/A?m是磁感应强度的单位故C正确D、磁场方向与安培力的方向垂直故D错误故选：C2. 如图所示，匀强磁场垂直于圆形线圈指向纸里, a、b
2、、c、d为圆形线圈上等距离的四点，现用外力作用在上述四点，将线圈拉成正方形.设线圈导线不可伸长，且线圈仍处于原先所在的平面内，则在线圈发生形变的过程中 （ ）A.线圈中将产生abcd方向的感应电流B.线圈中将产生adcb方向的感应电流C.线圈中产生感应电流的方向先是abcd，后是adcbD.线圈中无感应电流产生参考答案：A3. 如图所示，质量分别为m1和m2的小球用一轻质弹簧相连，置于光滑水平面上，今以等值反向的力分别作用于两小球上，则由两小球与弹簧组成的系统（ ）A.动量守恒，机械能不守恒 B.动量守恒，机械能守恒C.动量不守恒，机械能守恒 D.动量不守恒，机械能不守恒参考答案：A4. （2
3、014秋?赫章县校级月考）一根长L=2m，重力G=200N的均匀木杆放在水平地面上，现将它的一端从地面抬高1m，另一端仍搁在地面上，则物体重力势能的变化量为（）A50 JB100 JC200 JD400 J参考答案：B重力势能的变化与重力做功的关系解：由几何关系可知在木杆的重心上升的高度为：h=m=0.5m；物体克服重力做功：WG=mgh=2000.5J=100J；故物体重力势能的变化量为Ep=WG=100J故选：B5. （单选）两个较大的平行金属板A、B相距为d，分别接在电压为U的电源正、负极上，这时质量为m，带电量为-q的油滴恰好静止在两板之间，如图所示，在其他条件不变的情况下，如果将两板
4、非常缓慢地水平错开一些，那么在错开的过程中（）A油滴将向上加速运动，电流计中的电流从b流向aB油滴将向下加速运动，电流计中的电流从a流向bC油滴静止不动，电流计中的电流从b流向aD油滴静止不动，电流计中的电流从a流向b参考答案：D将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式C= 得知，电容减小，而电压不变，则由C=Q/U知，电容器带电量减小，电容器处于放电状态，电路中产生顺时针方向的电流，则电流计中有ab的电流由于电容器板间电压和距离不变，则由E= ，知板间场强不变，油滴所受电场力不变，仍处于静止状态故D正确ABC错误二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 图是某匀
5、强电场的等势面示意图，A、B两点相距5cm，53，一带电量为4106C的微粒沿AB匀速运动，则此微粒的质量为_kg。（取g10ms2） 参考答案：210-47. （填空）如图所示，在物理实验中，常用“冲击式电流计”测定通过某闭合电路的电荷量.探测器线圈和冲击电流计串联后，又能测定磁场的磁感应强度.已知线圈匝数为n，面积为S，线圈与冲击电流计组成的回路电阻为R.把线圈放在匀强磁场时，开始时线圈与磁场方向垂直，现将线圈翻转180，冲击式电流计测出通过线圈的电荷量为q，由此可知，被测磁场的磁感应强度B=_. 参考答案：8. 正弦交变电流图象如图6所示，其感应电动势的最大值为_产生交变电动势的有效值为
6、_V参考答案：50V 0.08S 50V9. 某一交流电的电压波形如图所示，求这一交流电的电压有效值U= V参考答案： 2 V. 10. 如图2-2-11所示，用100 N的力拉一个质量为10kg的物体在水平地面上前进，物体与水平面间动摩擦因数=0.5，物体运动了2s，则物体的加速度为_m/s，在此过程中拉力F做的功W1=_ _J，重力G做的功W2=_J，物体克服阻力做功W3=_J，2s过程中拉力的平均功率_W，2s末拉力的瞬时功率_W 参考答案：11. 当规定了无限远处为零电势时，正电荷产生的电场中各点的电势均为_，且越靠近正电荷的地方电势越_；参考答案：12. 远距离输电中，发电厂输送的电
7、功率相同，如果分别采用输电电压为U1=110kV输电和输电电压为U2=330kV输电，两种情况中，输电线上通过的电流之比I1：I2等于 。参考答案： 3：1 13. （4分）电子以4106m/s的速率垂直射入磁感应强度为0.5T的匀强磁场中，受到的磁场力为 N，如果电子射入磁场时的速度v与B的方向间的夹角是180，则电子所受的磁场力为 N。参考答案： 3.210-13 0三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. (1)某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验中，先测得摆线长为L，摆球直径为d，然后用秒表记录了单摆全振动n次所用的时间为t则：他测得的重力加速度g=_（用测量量表
8、示）(2)如果已知摆球直径为2.00 cm,让刻度尺的零点对准摆线的悬点，摆线竖直下垂，如右图所示，那么单摆摆长是_,如果测定了40次全振动的时间如下图中秒表所示，那么秒表读数是_s，单摆的摆动周期是_s.（3）某同学在利用单摆测定重力加速度的实验中，若测得的g值偏大，可能的原因是_A摆球质量过大B单摆振动时振幅较小C测量摆长时，只考虑了线长忽略了小球的半径D测量周期时，把n个全振动误认为（n1）个全振动，使周期偏大E测量周期时，把n个全振动误认为（n+1）个全振动，使周期偏小（4）为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长l并测出相应的周期T，从而得出一组对应的l和T的数值，再以l为横坐标、T
9、2为纵坐标将所得数据连成直线，并求得该直线的斜率K则重力加速度g=_（用K表示）参考答案： (1). (2). 0.8735 m (3). 75.2 (4). 1.88 (5). e (6). 【详解】（1）单摆的长度为摆线长加上小球的半径，因此由单摆的周期公式；（2）单摆长度，秒表的读数；将全振动的次数，秒表的读数75.2s，单摆的长度代入公式可知单摆的周期；（3）由可知摆球的质量和振幅大小不影响的测量；故AB错误；计算单摆的长度时忽略了小球的半径，测得的加速度偏小，C错误；当将n此全振动的次数当成（n+1）次时单摆的周期变小，因此测得的重力加速度偏大，而当成（n-1）次时周期变大则测得的重
10、力加速度偏下，因此D错E对。（4）由可知15. 如下图甲所示的游标卡尺的主尺的单位是cm,游标尺是20等分的，那么它显示的读数是 mm，图乙所示的螺旋测微器的读数是_cm。 参考答案：11.60 ,0.783四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 15如图甲所示，长、宽分别为L1、L2的矩形金属线框位于竖直平面内，其匝数为n，总电阻为r，可绕其竖直中心轴O1O2转动。线框的两个末端分别与两个彼此绝缘的铜环C、D（集流环）焊接在一起，并通过电刷和定值电阻R相连。线框所在空间有水平向右均匀分布的磁场，磁感应强度B的大小随时间t的变化关系如图乙所示，其中B0、B1和t1均为已知。在0t1的时间内
11、，线框保持静止，且线框平面和磁场垂直；t1时刻后线框在外力的驱动下开始绕其竖直中心轴以角速度匀速转动。求：（1）0t1时间内通过电阻R的电流大小；（2）线框匀速转动后，在转动一周的过程中电流通过电阻R产生的热量；（3）线框匀速转动后，从图甲所示位置转过90的过程中，通过电阻R的电荷量。参考答案：解：（1）0t1时间内，线框中的感应电动势（2分）根据闭合电路欧姆定律可知，通过电阻R的电流（1分）（2）线框产生感应电动势的最大值（1分） 感应电动势的有效值（1分）通过电阻R电流的有效值：（1分）线圈转动一周所需的时间：此过程中，电阻R产生的热量Q=I2Rt=R（1分）（3）线框从图甲所示位置转过9
12、0的过程中，平均感应电动势为，平均感应电流为，通过电阻R的电荷量 q=。（3分）17. 如图所示，在方向水平的匀强电场中，一个不可伸长的不导电细线的一端连着一个质量为m的带电小球，另一端固定于O点。把小球拉起直至细线与场强平行，然后无初速释放。已知小球摆到最低点的另一侧，线与竖直方向的最大夹角为。求小球经过最低点时细线对小球的作用力。（E未知）参考答案：解析： 设小球运动到最低点时速度为v，线的拉力为F，由动能定理，有 由牛顿第二定律有由以上三式可解得 18. 如图所示，螺线管和“H”形线框相连，裸导线cd、ef竖直放置且互相平行，ab导线水平放置，螺线管匝数n=4，截面积S=0.1m2螺线管内匀强磁场B1方向向左，且均匀增加，B1/t=10T/s，B2=2T。导线ab质量m=0.02kg，长0.1m，螺线管和线框组成的整个回路电阻R=5，求ab下落达到的最大速度。参考答案：研究螺线管:E1=n/t= nSB1/t=40.110=4VE2=B2lvI=(E1+E2)/Rmg-B2Il=ma速度增大,加速度减小,当a=0时,速度达到最大联立以上方程得:v=5m/s
