《2020-2021学年辽宁省丹东市宽甸县第一中学高三物理期末试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020-2021学年辽宁省丹东市宽甸县第一中学高三物理期末试题含解析（6页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2020-2021学年辽宁省丹东市宽甸县第一中学高三物理期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 甲、乙两个做匀速圆周运动的物体，它们的半径之比为3:2，周期之比是1:2，则( )A甲与乙的线速度之比为1:2 B甲与乙的线速度之比为1:3C甲与乙的角速度之比为2:1 D甲与乙的角速度之比为1:2参考答案：A2. 如图所示，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，O点为半圆弧的圆心，两个带电量相等的异种点电荷分别置于M、N两点时，O点的电场强度大小为E1将置于N点处的点电荷移至P点时，O点的场强大小变为E2则E1与E2之比为 （） A B
2、C D参考答案：A3. 如图所示，PQ为等量异种点电荷A、B连线的中垂线，C为中垂线上的一点，M、N分别为ACBC的中点若取无穷远处的电势为零，则下列判断正确的是（）AM、N两点场强相同BM、两点电势相同C负电荷由无穷远处移到点时，电势能一定增加D负电荷由无穷远处移到C处，电场力做功为零参考答案：CD考点：电场的叠加；电势；电势能.专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场线的分布确定电场强度的大小和方向，根据沿电场线方向电势逐渐降低，判断电势的高低根据电场力做功判断电势能的变化解答：解：A、根据等量异种电荷周围的电场线分布知，M、N两点的场强大小相等，方向不同，故A错误B、沿着电场线方向电势
3、逐渐降低，可知M、N两点电势不等故B错误C、等量异种电荷连线的中垂线是等势线，将负电荷从无穷远处移到N点处，电场力做负功，电势能一定增加，故C正确D、等量异种电荷连线的中垂线是等势线，负电荷由无穷远处移到C处，电场力做功为零故D正确故选：CD点评：解决本题的关键知道等量异种电荷周围电场线的分布，知道电场力做功与电势能的变化关系4. （5分）雷雨天的闪电是雷暴云中正电荷区与负电荷区的电场大到一定程度，空气被击穿形成的火花放电。假设两带电的云团某一时刻相距600 m发生闪电，两云团间的电场可视作场强为2106 N/C的匀强电场。则此时两云团间的电势差为_V。若这次闪电通过的电量为20C，则释放的电
4、能为_J（设闪电的火花路径为直线）。参考答案：1.2109 V，2.41010 J5. 参考答案：CD二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，实线是一列简谐横波在t1时刻的波形图，虚线是在t2=(t10.2)s时刻的波形图若波速为35m/s，则质点M在t1时刻的振动方向为 ；若在t1到t2的时间内，M通过的路程为1m，则波速为 m/s 参考答案：向下257. 一物体从某行星上的一悬崖上从静止开始下落，1s后，从起点落下4m。该行星上的重力加速度为_m/s2。若该物体再下落4s，它将在起点下面_m处。参考答案：8 1008. 如图所示，用质量为m的活塞密封住质量为M的气
5、缸，气缸有内一定质量的理想气体，活塞跟缸壁间的摩擦不计，大气压为p0，活塞横截面积为S，整个装置倒立在水平地面上当封闭气体的热力学温度为T时，活塞与地面接触但无相互作用力，这时封闭气体的压强为_当温度升高到某一值时，发现气缸虽与地面接触但无相互作用力，这时封闭气体的温度为_ 参考答案：9. 如图所示，a、b两幅图分别是由单色光照射圆孔屏和肥皂膜后所观察到的图案两种图案虽然不一样，但却共同反映了光具有 性；产生图案a的条件是圆孔屏上圆孔的大小要和单色光的_差不多参考答案：答案：波动 波长10. （3分）一个质量为m0静止的介子衰变为三个静止质量都是m的介子，它们在同一平面内运动，彼此运动方向的夹
6、角为120，光在真空中的传播速度为c，则每个介子的动能为 。参考答案：（3分）11. 我们绕发声的音叉走一圈会听到时强时弱的声音，这是声波的现象；如图是不同频率的水波通过相同的小孔所能达到区域的示意图，则其中水波的频率最大的是图参考答案：:干涉， C12. 2004年7月25日，中国用长征运载火箭成功地发射了“探测2号”卫星右图是某监测系统每隔2.5s拍摄的关于起始匀加速阶段火箭的一组照片(1)已知火箭的长度为40 m，用刻度尺测量照片上的长度，结果如图所示则火箭在照片中第2个像所对应时刻的瞬时速度大小v=_ms(2)为探究物体做直线运动过程x随t变化的规律，某实验小组经过实验和计算得到下表的
7、实验数据：根据表格数据，请你在下图所示的坐标系中，用纵、横轴分别选择合适的物理量和标度作出关系图线并根据图线分析得出物体从AB的过程中x随t变化的定量关系式：_参考答案：(1)42m/s(2)图略（4分）13. 密封有空气的薄圆塑料瓶到了冬季因降温而变扁，此过程中瓶内空气（不计分子势能）的内能 （填“增大”或“减小”）， 热量（填“放出”或“吸收”）参考答案：减小三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 有一游标卡尺，主尺的最小分度是1mm，游标上有20个小的等分刻度。用它测量一小球的直径，如图10所示的读数是 mm。 用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图11所示的读数是
8、mm。参考答案：13.60 mm （2分） 0.680 mm（2分）15. 如图所示，截面是直角梯形的物块静置于光滑水平地面上，其两个侧面恰好与两个固定在地面上的挡板X和Y相接触。图中AB高H=0.3m、AD长L=0.5m，斜面倾角=37。可视为质点的小物块P（图中未画出）质量m=1kg，它与斜面的动摩擦因数可以通过更换斜面表面的材料进行调节，调节范围是01。（sin37=0.6，cos37=0.8，重力加速度g取10m/s2,结果可保留根号.）（1）令=0，将P由D点静止释放，求小物块P在斜面上的运动时间；（2）令=0.5，在D点给P一个沿斜面向下的初速度v0=2m/s，求小物块P落地时的动
9、能；（3）对于不同的，每次都在D点给小物块P一个沿斜面向下足够大的初速度以保证它能滑离斜面，求的取值在哪个范围内，挡板X始终受到压力的作用。参考答案：（1）（2）6J（3）的取值范围为0.751 解析：（1）当=0时，P沿斜面下滑的加速度为a，由牛顿第二定律得：mgsin=ma，解得：a=gsin=6m/s2，由运动学公式得：L= at2，解得：t= s0.41s，（2）设落地时P的动能为Ek，P沿斜面下滑到落地，由动能定理得：mg（H+Lsin）-mgLcos=EK-mv02，解得：EK=6J；（3）P在斜面上下滑过程中梯形物块受力如图：由平衡条件可得F+Nsin=fcos，所以F=mgco
10、scos-mgcossin代入数据，得F=6.4-4.8，挡板X受压力，则F0，所以6.4-4.80，得0.75依题意，01，所以的取值范围为0.751四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，质量为m的金属块放在水平地面上，在与水平方向成角斜向上、大小为F的拉力作用下，以速度向右做匀速直线运动。重力加速度为g。求： （1）金属块与地面间的动摩擦因数； （2）如果从某时刻起撤去拉力，则撤去拉力后金属块在地面上还能滑行的距离。参考答案：略17. 如图所示，水平面上两平行光滑金属导轨间距为L，左端用导线连接阻值为R的电阻在间距为d的虚线MN、PQ之间，存在方向垂直导轨平面向下的磁场，磁
11、感应强度大小只随着与MN的距离变化而变化质量为m、电阻为r的导体棒ab垂直导轨放置，在大小为F的水平恒力作用下由静止开始向右运动，到达虚线MN时的速度为v0此后恰能以加速度a在磁场中做匀加速运动导轨电阻不计，始终与导体棒电接触良好求：（1）导体棒开始运动的位置到MN的距离x；（2）磁场左边缘MN处的磁感应强度大小B；（3）导体棒通过磁场区域过程中，电阻R上产生的焦耳热QR参考答案：解：（1）导体棒在磁场外，由动能定理有：解得：（2）导体棒刚进磁场时产生的电动势为：E=BLv0由闭合电路欧姆定律有：又：F安=ILB可得：F安=由牛顿第二定律有：FF安=ma解得：（3）导体棒穿过磁场过程，由牛顿第
12、二定律有：FF安=ma可得 F安=Fma，F、a、m恒定，则安培力 F安恒定，则导体棒克服安培力做功为：W=F安d电路中产生的焦耳热为：Q=W电阻R上产生的焦耳热为：解得：答：（1）导体棒开始运动的位置到MN的距离x是；（2）磁场左边缘MN处的磁感应强度大小B是；（3）导体棒通过磁场区域过程中，电阻R上产生的焦耳热QR是（Fma）【考点】导体切割磁感线时的感应电动势【分析】（1）导体在磁场外，只有F做功，由动能定理求解x（2）已知导体棒进入后以加速度a在磁场中做匀加速运动由法拉第定律、欧姆定律和安培力公式推导出安培力，再由牛顿第二定律求解B（3）由牛顿第二定律得到安培力，由于安培力不变，根据克
13、服安培力做功等于回路中产生的焦耳热求解18. 如图，质量m=2kg的物体静止于水平地面的A处，A、B间距L=20m用大小为30N，方向水平向右的外力F0拉此物体，经t0=2s，拉至B处（1）求物块运动的加速度a0大小；（2）求物体与地面间的动摩擦因数；（3）若用大小为20N的力F沿水平方向拉此物体，使物体从A处由静止开始运动并能到达B处，求该力作用的最短时间t（取g=10m/s2）参考答案：解：（1）物体在水平地面上从A点由静止开始向B点做匀加速直线运动，根据L=a0t02解得：a0=（2）对物体进行受力分析得：F0mg=ma 解得：=0.5 （3）物体在水平地面上从A点由静止开始向B点经历了
14、在F和f共同作用下的匀加速运动和只在f作用下的匀减速运动匀加速运动加速度的大小：Ff=ma1匀减速运动加速度的大小：f=ma2v=at1x1=a1t20v2=2a2x2L=x1+x2解得：t=s=1.15s答：（1）物块运动的加速度a0大小为10m/s2；（2）物体与地面间的动摩擦因数为0.5；（3）力F作用的最短时间为1.15s【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】（1、2）物体在水平地面上从A向B点做匀加速运动，根据位移时间公式求得加速度，根据牛顿第二定律求解动摩擦因数；（3）当力作用时间最短时，物体先加速后减速到零，根据牛顿第二定律求出匀加速阶段和匀减速阶段的加速度大
