《2021-2022学年辽宁省铁岭市傅家中学高二物理模拟试卷含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021-2022学年辽宁省铁岭市傅家中学高二物理模拟试卷含解析（5页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2021-2022学年辽宁省铁岭市傅家中学高二物理模拟试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，金属环半径为a，总电阻为2R，匀强磁场磁感应强度为B，垂直穿过环所在平面电阻为R2的导体杆AB沿环表面以速度v向右滑至环中央时，杆的端电压为（ ）A、 B、 C、 D、参考答案：A2. 关于光学装置上的增透膜，下列说法中错误的是照相机的镜头上涂一层增透膜后，可提高成像的艺术效果光学镜头上涂增透膜是为了使入射的各种色光都不发生反射增透膜的厚度应是入射光波长的四分之一涂有增透膜的镜头，看上去呈淡紫色，说明增透膜增强了镜头对紫光的透射程度A B
2、C D参考答案：D3. 如图所示的电路中，A1、A2是完全相同的灯泡，线圈L的自感系数较大，它的电阻与定值电阻R相等下列说法正确的是（）A闭合开关S，A1先亮、A2后亮，最后它们一样亮B闭合开关S，A1、A2始终一样亮C断开开关S，A1、A2都要过一会才熄灭D断开开关S，A2立刻熄灭、A1过一会才熄灭参考答案：C【考点】自感现象和自感系数【分析】闭合开关S，电阻R不产生感应电动势，A2立即发光线圈中电流增大，产生自感电动势，根据楞次定律分析电流如何变化，判断灯的亮度如何变化断开开关S，A2灯原来的电流突然消失，线圈中电流减小，再由楞次定律分析电流如何变化，判断灯的亮度如何变化【解答】解：A、闭
3、合开关S，电阻R不产生感应电动势，A2立即发光线圈中电流增大，产生自感电动势，根据楞次定律得知，自感电动势阻碍电流的增大，电流只能逐渐增大，A1逐渐亮起来，所以闭合开关S，A2先亮、A1后亮，最后它们一样亮故AB错误C、D断开开关S时，A2灯原来的电流突然消失，线圈中电流减小，产生感应电动势，相当于电源，感应电流流过A1、A2和R组成的回路，所以A1、A2都要过一会才熄灭故C正确，D错误故选C4. 电容式加速度传感器的原理结构如图，质量块右侧连接轻质弹簧，左侧连接电介质，弹簧与电容器固定在外框上质量块可带动电介质移动改变电容则（）A电介质插入极板间越深，电容器电容越小B当传感器以恒定加速度运动
4、时，电路中有恒定电流C若传感器原来向右匀速运动，突然减速时弹簧会伸长D当传感器由静止突然向右加速瞬间，电路中有顺时针方向电流参考答案：D【考点】电容器的动态分析【分析】A、根据电容器的电容公式C=?，从而电容的大小变化；B、由牛顿第二定律，确定弹力是否变化，再确定电容器是否处于充放电状态；C、由惯性可知，弹簧处于什么状态；D、先确定电介质向什么方向运动，再来确定电容器处于充电，还是放电，从而确定电路中的电流方向【解答】解：A、根据电容器的电容公式C=?，当电介质插入极板间越深，即电介质增大，则电容器电容越大，故A错误；B、当传感器以恒定加速度运动时，根据牛顿第二定律可知，弹力大小不变，则电容器
5、的电容不变，因两极的电压不变，则电容器的电量不变，因此电路中没有电流，故B错误；C、若传感器原来向右匀速运动，突然减速时，因惯性，则继续向右运动，从而压缩弹簧，故C错误；D、当传感器由静止突然向右加速瞬间，质量块要向左运动，导致插入极板间电介质加深，因此电容会增大，由于电压不变，根据Q=CU，可知，极板间的电量增大，电容器处于充电状态，因此电路中有顺时针方向电流，故D正确；故选：D5. 如图，一束带电粒子沿着水平方向平行地飞过磁针的上方时，磁针的S极向纸内偏转 这一带电粒子束可能是BC A向右飞行的正离子束 B向左飞行的正离子束 C向右飞行的负离子束 D向左飞行的负离子束参考答案：BC二、 填
6、空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 两个相互靠近、又彼此 的导体构成一个 。若电容器的电压超过 电压，则电容器可能会损坏。参考答案：绝缘 电容器，最大电压7. 如图所示，是测定液面高低的传感器示意图，A为固定的导体芯， B为导体芯外面的一层绝缘物体，C为导电液体，把传感器接到图示电路中。已知灵敏电流计指针偏转方向与电流方向相同。如果发现指针正向左偏转，则导电液体的深度h的变化是 ，（升高、降低）说明电容器的电容 。（变大、变小）参考答案：8. 某同学测量一只未知阻值的电阻。他用多用电表进行测量，按照正确的步骤操作后，测量的结果如图甲所示。请你读出其阻值大小为_。为了使多用电表测量的
7、结果更准确，该同学接着应该换用_挡，并重新调零后再测量。参考答案：1000欧姆 X1009. 如图所示，用外力将单匝矩形线框从匀强磁场的边缘匀速拉出设线框的面积为S，磁感强度为B，线框电阻为R，那么在拉出过程中，通过导线截面的电量是_若加速拉出，则通过导线截面的电量比匀速拉出 （填“大”“小”或“相等”）参考答案：10. 如图a所示，两个闭合圆形线圈A、B的圆心重合，放在同一水平面内，线圈A中通以如图b所示的交变电流，t0时电流方向为顺时针(如图箭头所示)，在t1t2时间段内， 线圈B内有 （填“顺时针”或“逆时针”）方向的电流，线圈有 （“扩张”或“收缩”）的趋势。参考答案： 顺时针 扩张1
8、1. 如图所示， R1=12k，R2=8k，R3=20k，R4=600，当滑动变阻器滑动触头C调到最上端时，AB间的总电阻是_，AB间最大电阻值为_。参考答案：9103；1.06104 12. 如图所示，A、B两球带同种电荷，当把B球逐渐靠近A球时，观察到图中角逐渐增大，这说明在电荷量不变时，电荷间的相互作用力_；当固定B球，逐渐减小B球所带电荷量时，观察到图中角逐渐减小，这说明在距离不变时，电荷间的相互作用力_。参考答案：随电荷间距离的减小而增大 随电荷量的减小而减小13. （4分）某防控雷达发射的电磁波的频率f=3108MHz，屏幕上的尖形波显示从发射到接收经历的时间，那么被监视的目标到雷
9、达的距离为 km，该雷达发出的点从波的波长为 m。参考答案：60，0.1三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 如图4124所示，一闭合金属环从上而下通过通电螺线管，b为螺线管的中点，金属环通过a、b、c三处时，能产生感应电流吗？参考答案：金属环通过a、c处时产生感应电流；通过b处时不产生感应电流15. （解答）如图所示，一水平放置的矩形线圈 a b cd，在细长的磁铁 N 极附近竖直下落，保持 b c边在纸外， a b 边在纸内，由图中位置经位置到位置，这三个位置都靠得很近，且位置刚好在条形磁铁中心轴线上，在这个过程中穿过线圈的磁通量怎样变化？有无感应电流？ 参考答案：穿
10、过线圈的磁通量先减少后增加，线圈中有感应电流根据条形磁铁 N 极附近磁感线的分布情况可知，矩形线圈在位置时，磁感线从线圈的下面斜向上穿过；线圈在位置时，穿过它的磁通量为零；线圈在位置时，磁感线从线圈上面斜向下穿过。所以，线圈从到磁通量减少，从到磁通量增加。穿过线圈的磁通量发生变化，有感应电流产生四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 在光滑的水平面上，质量为m1的小球A以速度v0向右运动.在小球A的前方O点有一质量为m2的小球B处于静止状态，如图所示.小球A与小球B发生正碰后小球A、B均向右运动.小球B被在Q点处的墙壁弹回后与小球A在P点相遇，PQ=1.5PO.假设小球间的碰撞及小球与墙壁
11、之间的碰撞都是弹性碰撞，求两小球质量之比ml/m2. 参考答案：从两小球碰撞后到它们再次相遇，小球A和B速度大小保持不变。根据它们通过的路程，可知小球B和小球A在碰撞后的速度大小之比为4:1。 （3分） 设碰撞后小球A和B的速度分别为v1和v2，在碰撞过程中动量守恒，碰撞前后动能相等m1v0m1v1+m2v2，m1v02/2= m1v12/2 +m2v22/2解得：mlm2=2 17. 如图所示，水平传输带以4m/s的速度匀速运动，传输带两端A、B间的距离为20m，将一质量为2kg的木块无初速地放在A端，木块与传输带间的动摩擦因数为=0.2试求：木块从A端运动到B端所用的时间？参考答案：解：对
12、物体受力分析，由牛顿第二定律得a=g=2 m/s2 ，由速度公式 v=at1 解得加速运动的时间 t1=2s 在加速运动过程中物体通过的位移是 x1=t1=4 m，所以匀速运动的位移是 x2=Lx1=16 m，匀速运动的时间 t2=4 s 所以木块从A端运动到B端所用的时间为t=t1+t2=6s答：木块从A端运动到B端所用的时间为6s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】物体从水平传送带的左端到达右端的过程可以分为两部分，先是匀加速运动，后是匀速运动，物体受到的合力就是传送带对物体的摩擦力，由牛顿第二定律列方程就可以求得加速度，再由运动规律求得加速运
13、动和匀速运动的时间18. 发电机的端电压为220V，输出电功率为44kW，输电导线的电阻为0.2，如果用原、副线圈匝数之比为1：10的升压变压器升压，经输电线路后，再用原、副线圈匝数比为10：1的降压变压器降压供给用户（1）画出全过程的线路图（2）求用户得到的电压和功率（3）若不经过变压而直接送到用户，求用户得到的功率和电压参考答案：解：（1）全过程的线路图（2）根据得：U1=22010V=2200V则输电线上的电流为：I2=A=20A损失的功率为：P损=I22R=4000.2W=80W输电线上损失的电压为：U=I2R=200.2V=4V则降压变压器输入电压为：U3=U2U=22004V=21
14、96V根据得用户得到的电压为：U4=219.6V；用户得到的功率为：P=PP损=4400080W=43920W （3）若不经过变压而直接送到用户，输电线上的电流I=，则输电线上损失的电压U=IR=2000.2=40V，所以用户得电压U2=U1U=22040=180V用户得到功率为答：（1）全过程的线路图如图（2）用户得到的电压和功率分别为219.6V，43920W（3）若不经过变压而直接送到用户，用户得到的功率和电压分别为180V，36kW【考点】远距离输电【分析】根据升压变压器原副线圈的匝数比和输入电压，求出输出电压，从而得出输送的电流，根据P损=I2R求出输电线上损耗的功率根据输电线上的电压损失得出降压变压器的输入电压，从而得出用户得到的电压根据功率损失求出用户得到的功率
