《云南师大附中2021届高考物理适应性训练试题（三）（含解析）新人教版》由会员分享，可在线阅读，更多相关《云南师大附中2021届高考物理适应性训练试题（三）（含解析）新人教版（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、云南师大附中2013年高考适应性训练（三）物理试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题列出的四个选项中，只有一项是符合题目要求有的有多项符合题目要求，全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1（6分）如图所示，曲线为电荷在匀强电场中的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，则下列说法正确的是（）A电荷在b点的电势能大于在a点的电势能B该电场的方向水平向左Cb点的电势高于a点的电势D电荷在电场中相同时间内速度的变化量不相同考点：电势能；电势专题：电场力与电势的性质专题分析：做曲线运动物体所受合外力指向曲线内侧，本题中粒子只受电场力，由此可判断电场力向左，根据电场力做功可以判断电势能的高
2、低和动能变化情况，加速度的判断可以根据电场线的疏密进行解答：解：A、由电荷运动轨迹可以确定电荷所受电场力水平向左，a到b过程中，电场力与速度所成的角度为钝角，则电场力做负功，电势能增大，则电荷在b点的电势能大于在a点的电势能故A正确B、C由于不知道电荷的电性，所以不能确定电场线的方向，同时也就不能确定电势的高低故BC错误D、匀强电场，电场力恒定，加速度恒定，所以电荷做匀变速曲线运动，相同时间内速度变化量相同，故D错误故选A点评：本题以带电粒子在电场中的运动为背景考查了带电粒子的速度、加速度、动能、电势能等物理量的变化情况2（6分）一台电动机额定电压为U，线圈电阻R，电动机正常工作时通过电动机线
3、圈的电流强度为I当电动机正常工作时间为t时，以下说法正确的是（）A电动机消耗的电能为UItBU=IRCR产生的热量为I2RtD电动机输出的机械能为UItI2Rt考点：电功、电功率专题：恒定电流专题分析：电动机是非纯电阻电路，电动机消耗的总电能等于电动机输出的机械能与电动机线圈产生的焦耳热之和解答：解：电动机是非纯电阻电路，研究线圈产生的焦耳热时，线圈是纯电阻电路；A、电动机消耗的电能W=UIt，故A正确；B、线圈电阻是R，通过线圈的电流是I，线圈上的电压降U线=IRU，故B错误；C、线圈电阻R产生的焦耳热Q=I2Rt，故C正确；D、电动机输出的机械能W机=WQ=UItI2Rt，故D正确；故选A
4、CD点评：本题考查了电动机消耗的电能与电动机输出的机械能、线圈产生的热量间的关系，答题时要注意电功公式的适用条件3（6分）在光滑的绝缘水平面上，有一个正三角形abc，顶点a、b、c处分别固定一个正点电荷，电荷量相等，如图 所示，O点为正三角形外接圆的圆心，E、G、H点分别为ab、ac、bc的中点，F点为E关于c点电荷的对称点，则下列说法正确的是（）Ae电荷产生的电场在E、F两点的电势不相等BO点的电场强度为零CE、G、H三点的电场强度均相同D若静止释放c处电荷，该电荷将沿eF做匀加速直线运动（不计空气阻力）考点：电势；电场强度专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场叠加原理判断各点的场强大小
5、和方向，对于e电荷的运动要分析它受的库仑力是大小变化而方向不变，因此将做变加速直线运动解答：解：E、G、H三点的电场强度大小相等，方向不同e电荷产生的电场在E、F位置电势相等若释放c电荷，c电荷所受合力向右，但合力的大小在变化，所以c电荷将沿cF做加速直线运动由库仑定律知，三个电荷在O点的合场强为零B正确，ACD错误故选B点评：本题考查了复合场中场强大小和方向的判定，因为场强是矢量，必须是方向也相同时才能说场强相同4（6分）如图 所示，电源电动势E=3V，内阻不计，电容器电容G=2108F，电阻R1=R2=2，R3=4，R的最大值为4开关S闭合后，当滑动变阻器的滑片P由b端滑到a端时，则（）A
6、电压表的示数变大，电流表的示数变小B电压表和电流表的示数都变大C电容器的电荷量变化量为1108CD电容器的电荷量变化量为1107C考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：滑片P由ba时，R减小，外电路总电阻减小，干路电流增大，根据欧姆定律分析电压表读数如何变化根据干路电流与通过电阻R3的电流变化，判断电流表示数的变化情况由欧姆定律求出P在b和a时R1两端电压，由Q=CU求出电容器的电荷量变化量解答：解：A、B滑片P由ba时，R，干路电流I，电压表示数U=IR2变大，R3两端电压U3=EI（R1+R2），所以I3，而I=I3+IR，所以IR，即电流表示数变大故A错误，B正确C、D，P在b
7、时外电阻总电阻为R总=R1+R2+=6，R1两端电压U=V=1VP在a时，P在b时外电阻总电阻为R总=R1+R2=4，R1两端电压U=E=V=1.5V，Q=CU=C（UU）=1108C故C正确，D错误故选BC点评：本题属于含容电路和动态电路变化的分析问题，按“局部整体局部”思路分析动态变化5（6分）如图所示的电路中，已知电源电动势为E，内电阻为r，定值电阻为R1，滑动变阻器为R，阻值可以从零连续增大到Rmax，已知rR1Rmax，下列结论正确的是（）A当R=R1r时，R1消耗的功率最大BR消耗的最大功率可能为C当R=0时，R1消耗的功率最大D外电路消耗的最大功率为考点：电功、电功率；闭合电路的
8、欧姆定律专题：恒定电流专题分析：由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联接入电路，根据串联电路特点、闭合电路欧姆定律及电功率公式P=I2R分析答题解答：解：电阻R消耗的功率P=I2R=R=；A、因为rR1Rmax，算R的最大功率时，可把R1+r等效为电源的内阻，此时可能出现Rmax大于、等于或小于R1+r，当R=r+R1时，R的功率最大，最大功率为，故A错误，B正确；C、R1的功率PR1=I2R1，当R=0回路中电流I最大时，R1消耗的最大功率PR1最大=I2R1=R1=，故C正确；D、当电源内外电阻相等时，电源的输出功率最大，当内外电阻不相等时，外电阻越小，外电路消耗的功率最大，由rR1Rma
9、x，则当外电阻最小，R=O时，外电路消耗的功率最大，由C可知，外电路最大功率是，故D正确；故选BCD点评：在闭合电路中（外电路为纯电阻电路），当内外电阻相等时，电源的输出功率最大；属于应用电功率公式、应用配方法是正确解题的关键6（6分）如图所示，C中间插有电介质的电容器，a和b为其两极板，a板接地，P和Q为两竖直放置的平行金属板，在两板间用绝缘线悬挂一带电小球；P板与b板用导线相连，Q板接地开始时悬线静止竖直方向，在b板带电后，悬线偏转了角度变大的是（）A缩小a、b间的正对面积B减小a、b间的距离C取出a、b两极板间的电介质，换一块形状大小相同的导体D取出a、b两极板间的电介质考点：电容器的动
10、态分析专题：电容器专题分析：题中电容器ab与平行金属板PQ并联，电压相等，根据和，判断电容器ab板间电压如何变化，由E=分析PQ间场强如何变化解答：解：A、由知，S，C，Q不变，U，由E=分析知，PQ间的E，变大，故A正确B、减小a、b间的距离，d，C，Q不变，U，由E=分析知，PQ间的E，变小，故B错误C、换一块形状大小相同的导体，根据静电平衡的知识知，放入导体是一个等势体，相当于d，C不知怎样变化，故C错误C、取出a、b两极板间的电介质，C，Q不变，U，PQ间的E，变大，故D正确故选AD点评：本题是电容器的动态变化分析问题，是、和E=的综合应用，关键要抓住电容器的电压相等7（6分）如图所示
11、，光滑水平平台上有一个质量为m的物体，地面上的人用跨过定滑轮的绳子向右拉动物体，不计绳和滑轮的质量、滑轮的大小及滑轮的摩擦，人手离滑轮到竖直高度始终为h，所分析的运动过程中，人的初位置在A点，当人以速度v从A匀速运动到B时，人离滑轮的水平距离为x，下列说法正确的是（）A在该运动过程中，物块向右做匀加速运动B人运动到B位置时，物块的运动速率为C在该运动过程中，人对物块做的功为D在该运动过程中，人对物块做的功为考点：运动的合成和分解专题：运动的合成和分解专题分析：将人的运动分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，在沿绳子方向上的分速度等于物体的速度，根据平行四边形定则求出物体的速度与人的速度的关系，从而
12、确定物体的运动情况解答：解：AB、根据运动的合成与分解，人匀速运动一段位移时，沿绳方向的分速度为vcos，cos=，所以速率为，可知物体的速度在增加，但不是匀变速直线运动，故A错误，B正确CD、由于不知道初位置离滑轮边缘的水平距离，求出物体的初速度，所以用动能定理不能算出人对物块所做的功，故C、D错误故选B点评：解决本题的关键将人的运动分解，根据平行四边形定则得出人的速度与物体速度的关系8（6分）如图所示，在一匀强电场中，竖直面内有一正方形ABCD，CD边与水平面所成的角度为45，CD边长为l=1m，电势D=11V，A=6V，B=1V，ABCD内固定一个半径R=0.2m的光滑绝缘圆管，圆管的最
13、上端、最下端=最左端和最右端分别为E、F、G、H，在圆管的底部有一质量m=1106kg，电荷量为q=C的小球从F点以的速度在圆管内做完整的圆周运动小球的半径忽略不计，在运动过程中小球带电量不变取g=10m/s2，以下说法正确的是（）A电场强度E=10V/mB小球在E点的速度为2m/s，且为圆周运动中的最小速度C小球在管中HE的中点时速度最小，且此时管壁对小球的作用力为零D以上说法都不对考点：电势能；动能定理的应用；电势专题：压轴题；电场力与电势的性质专题分析：在匀强电场中沿电场线方向相等距离电势差相等，则知DB中点电势为6V，与A点电势相等，根据电场线与等势线垂直，可判断出电场线方向，由E=求
14、出场强的大小，计算出小球所受的电场力与重力大小，发现两者相等，等效的重力方向场沿BC方向，E点速度不是最小，轨迹EH的中点速度最小，根据动能定理求出小球达到EH中点的速度，与临界速度相比较，即可判断管壁对小球有无作用力解答：解：A、因为DB中点电势为6V，与A点电势相等，所以电场方向水平向右，故A错误B、小球所受的电场力大小F=qE=105N，重力大小G=mg=105N，则qE=mg，所以等效重力场沿BC方向，E点速度不是最小，轨迹EH的中点速度最小；故B错误C、D根据动能定理可算出EH中点的速度：，当管壁没有作用力时的速度为v，因为，所以里面的管壁对小球有作用力，故C错误，D正确故选D点评：本题突破口是根据D、A、B三点的电势关系，找到等势点，再确定出电场方向，运用E=求出场强的大小采用等效的方法判断小球速度最小的位置，由动能定理求速度，由牛顿第二定律求解临界速度二、非选
