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1、江西省赣州市田家炳中学高三物理月考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 下述现象中属于离心现象的是（ ）A、洗衣机把湿衣服甩干 B、刹车时，乘客前倾C、用手把体温计中的水银柱甩回玻璃泡内 D、铅球运动员将铅球抛出参考答案：AC2. 物体由静止开始做直线运动，则上下两图对应关系正确的是（图中F表示物体所受的合力，a表示物体的加速度，v表示物体的速度，x表示物体的位移） （ ）参考答案：B由F=ma可知Ft图象与at图线应变化趋势一致（仅比例不同），故A错误；物体做初速度为零的匀加速运动时其位移可表示为，图象为开口向上的抛物线的一部分，D错误；
2、物体在一定初速度下做匀减速运动，其位移表达式为图象为开口向下的抛物线的一部分，C错误，正确选项为B。3. 水平固定放置的足够长的U形金属导轨处于竖直向上的匀强磁场中，如图所示，在导轨上放着金属棒ab，开始时ab棒以水平初速度v0向右运动，最后静止在导轨上，就导轨光滑和粗糙两种情况比较，这个过程A.产生的总内能相等 B.通过ab棒的电量相等C.电流所做的功相等 D.安培力对ab棒所做的功不相等参考答案：AD4. （单选）如图所示，一轻弹簧上端固定，下端自由悬垂到A点。在其下端拴一质量为m的小球后，用手托住小球缓慢下降至B点，松手后小球静止在B点再用一竖直向下的恒力F拉小球，当小球运动到C点时速度
3、变为0，此时撤掉拉力，已知AB=BC=，以下判断正确的是 A.小球由B至C过程，弹簧和小球组成系统的机械能增加B小球由B至C过程，弹簧弹性势能增加C撤掉F后小球运动到B点的动能最大，最大值为 D撤掉F时，弹簧具有的最大弹性势能为参考答案：AC5. 如图所示，绳与杆均不计重力，承受力的最大值一定A端用绞链固定，滑轮O在A点正上方(滑轮大小及摩擦均可忽略)，B端吊一重物P，现施加拉力FT将B缓慢上拉(均未断)，在杆达到竖直前() A绳子越来越容易断 B绳子越来越不容易断C杆越来越容易断 D杆越来越不容易断参考答案：B二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一台激光器发光功率为P0，
4、发出的激光在真空中波长为，真空中的光速为，普朗克常量为，则每一个光子的能量为 ；该激光器在时间内辐射的光子数为 。参考答案： hC/ ； P0t/ hc 7. 如图甲所示为某一测量电路，电源电压恒定。闭合开关S，调节滑动变阻器由最右端滑动至最左端，两电压表的示数随电流变化的图象如图乙所示，可知：_(填“a”或“b”)是电压表V2 示数变化的图象，电源电压为_V，电阻Rl阻值为_，变阻器最大阻值为_。参考答案：.b（2分），6V（2分），10（2分），2013.如图，墙上有两个钉子a和b，它们的连线与水平方向的夹角为45，两者的高度差为l 。一条不可伸长的轻质细绳一端固定于a点，另一端跨过光滑钉
5、子b悬挂一质量为m1的重物。在绳上距a端l/2的c点有一固定绳圈。若绳圈上悬挂质量为m2的钩码，平衡后绳的ac段正好水平，则重物和钩码的质量比=_ 。参考答案：9. 如图所示，是一列横波在某一时刻的波形图象已知这列波的频率为5Hz，此时的质点正向轴正方向振动，由此可知：这列波正在沿轴 (填“正”或“负”)方向传播，波速大小为 m/s.参考答案：负，1010. 测定木块与长木板之间的动摩擦因数时，采用如图所示的装置，图中长木板水平固定（1）实验过程中，电火花计时器应接在 （选填“直流”或“交流”）电源上调整定滑轮高度，使 （2）已知重力加速度为g，测得木块的质量为M，砝码盘和砝码的总质量为m，木
6、块的加速度为a，则木块与长木板间动摩擦因数= （3）如图为木块在水平木板上带动纸带运动打出的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出从纸带上测出x1=3.20cm，x2=4.52cm，x5=8.42cm，x6=9.70cm则木块加速度大小a=m/s2(保留两位有效数字)参考答案：根据运动学公式得：x=at2，解得a=考点：探究影响摩擦力的大小的因素 11. 地球表面的重力加速度为g，地球半径为R。有一颗卫星绕地球做匀速圆周运动，轨道离地面的高度是地球半径的3倍。则该卫星做圆周运动的向心加速度大小为_；周期为_。参考答案：12. 自行车转弯可近似成自
7、行车绕某个定点O（图中未画出）做圆周运动，如图所示为自行车转弯的俯视图，自行车前后轮接触地面的位置A、B相距L，虚线表示两点转弯的轨迹，OB距离。则前轮与车身夹角= ；B点速度大小v1=2m/s。则A点的速度v2=_m/s。参考答案：30o；2.3113. 如图所示是两个相干波源发出的水波，实线表示波峰，虚线表示波谷已知两列波的振幅都为10cm，C点为AB连线的中点图中A、B、C、D、E五个点中，振动减弱的点是DE，从图示时刻起经过半个周期后，A点的位移为20 cm（规定竖直向上为位移的正方向）参考答案：考点：波的叠加版权所有分析：两列波相遇时振动情况相同时振动加强，振动情况相反时振动减弱两列
8、频率相同的相干波，当波峰与波峰相遇或波谷与波谷相遇时振动加强，当波峰与波谷相遇时振动减弱，则振动情况相同时振动加强；振动情况相反时振动减弱解答：解：振动减弱的点为波峰和波谷相遇，由图象知振动减弱的点是DE；A点是波峰和波峰相遇，经过半个周期后是波谷和波谷相遇，所以位移为20cm答案为： DE，20三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. （选修33（含22）（6分）一定质量的气体，从外界吸收了500J的热量，同时对外做了100J的功，问：物体的内能是增加还是减少? 变化了多少？(400J;400J) 分子势能是增加还是减少？参考答案：解析：气体从外界吸热：Q500J，气体对外
9、界做功：W100J由热力学第一定律得U=W+Q=400J (3分)U为正，说明气体内能增加了400J (1分)因为气体对外做功，所以气体的体积膨胀，分子间的距离增大，分子力做负功，气体分子势能增加。 （2分）15. （简答）质量,M=3kg的长木板放在光滑的水平面t.在水平悄力F=11N作用下由静止开始 向右运动.如图11所示,当速度达到1m/s2将质量m=4kg的物块轻轻放到本板的右端. 已知物块与木板间摩擦因数=0.2,物块可视为质点.(g=10m/s2,).求： (1)物块刚放置木板上时,物块和木板加速度分别为多大？ (2)木板至少多长物块才能与木板最终保持相对静止？(3)物块与木板相对
10、静止后物块受到摩擦力大小？参考答案：(1)1 (2) 0.5m（3）6.29N牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系解析：(1)放上物块后，物体加速度 板的加速度 (2)当两物体达速度相等后保持相对静止，故 t=1秒 1秒内木板位移物块位移，所以板长L=x1-x2=0.5m（3）相对静止后，对整体 ，对物块f=maf=44/7=6.29N （1）由牛顿第二定律可以求出加速度（2）由匀变速直线运动的速度公式与位移公式可以求出位移（3）由牛顿第二定律可以求出摩擦力四、计算题：本题共3小题，共计47分16. ( 12分) 如图所示，一块质量为0.6kg均匀平板AB长0.8m，其左端
11、搁在水平地面上，板与地面的夹角为370，板中心C垂直固定在支架上，支架长OC为0.3m，支架下端与水平固定转轴O连接在平板A点处有一质量为0.5kg的小物体m以初速v0沿板向上运动，物体与平板间的动摩擦因数为0.2试求：（1）平板所受的重力的力矩；（2）小物体运动到距B端多远恰能使平板翻转？（3）若要保证平板不翻倒，给物体的初速度v0不能超过多大？参考答案：解析：（1）MG=mgLG=0.6100.30.6Nm=1.08Nm (3分) (2) MN+Mf=MG (2分) m1gX cos370+m1gL cos370=MG代入数据，求得 X=0.21m (2分) 即距B端距离为0.40.21m
12、=0.19 m (1分) (3) 滑行的最大距离为Sm=0.4+0.21m=0.61m (1分) 由动能定理得 m1gSmsin370m1gSm cos370= m1v02/2 (2分) 代入数据，求得v0=3.04m/s （1分）17. 图15甲是2012年我国运动员在伦敦奥运会上蹦床比赛中的一个情景。设这位蹦床运动员仅在竖直方向上运动，运动员的脚在接触蹦床过程中，蹦床对运动员的弹力F随时间t的变化规律通过传感器用计算机绘制出来，如图17乙所示。取g= 10m/s2，根据F-t图象求：（1）运动员的脚对蹦床第一次开始向下用力到第一次离开蹦床上升之前，运动员在蹦床上、下运动的的时间；（2）运动
13、员第一次离开蹦床上升时，蹦床给运动员的冲量；参考答案：3.2s 400kg?m/s18. 一传送带装置如图所示，其中AB段是水平的，长度LAB=4m，BC段是倾斜的，长度LBC=5m，倾角为=37，AB和BC在B点通过一段极短的圆弧连接（图中未画出圆弧），传送带以v=4m/s的恒定速率顺时针运转已知工件与传送带间的动摩擦因数=0.5，重力加速度g取10m/s2现将一个工件（可看作质点）无初速地放在A点求：（sin37=0.6，cos37=0.8）（1）工件第一次到达B点所用的时间；（2）工件运动了23s时距A点右侧的水平距离参考答案：考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系版权所有
14、专题：传送带专题分析：（1）工件刚放在水平传送带上进行受力分析，运用牛顿第二定律和运动学公式进行求解（2）由于工件在传送带的倾斜段运动时的加速度相同，在传送带的水平段运动时的加速度也相同，故工件将在传送带上做往复运动，找出这个过程中时间的关系解答：解：（1）工件刚放在水平传送带上的加速度为a1由牛顿第二定律得mg=ma1解得a1=g=5 m/s2经t1时间与传送带的速度相同，则t1=0.8 s前进的位移为x1=a1t12=1.6 m此后工件将与传送带一起匀速运动至B点，用时t2=0.6 s所以工件第一次到达B点所用的时间t=t1+t2=1.4 s（2）设工件上升的最大高度为h，由动能定理得（mgcos mgsin ）?=0解得h=2.4 m工件沿传送带向上运动的时间为t3=2 s此后由于工件在传送带的倾斜段运动时的加
