《2022年河南省信阳市张庄乡中学高三物理联考试卷含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年河南省信阳市张庄乡中学高三物理联考试卷含解析（6页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2022年河南省信阳市张庄乡中学高三物理联考试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 木星是太阳系中最大的行星，它有众多卫星，观察测出：木星绕太阳作圆周运动的半径为rl、周期为T1，木星的某一卫星绕木星作圆周运动的半径为r2、周期为T2，已知万有引力常量为G，则根据题中给定条件 （ ） A能求出木星的质量 B能求出木星与卫星间的万有引力 C能求出太阳与木星间的万有引力 D可以断定参考答案：AC2. 我国道路交通安全法中规定：各种小型车辆前排乘坐的人（包括司机）必须系好安全带，这是因为A系好完全带可以减小惯性B是否系好安全带对人和车的惯性没有影响
2、C系好安全带可以防止因车的惯性而造成的伤害D系好安全带可以防止因人的惯性而造成的伤害参考答案：D3. 一定质量的理想气体，其起始状态和终了状态分别与如图所示中的A点和B点相对应，它们的体积相等，则下列过程中可能的是（ ）A先保持压强不变升高温度，后保持温度不变减小压强B先保持温度不变增大体积，后保持压强不变升高温度C先保持温度不变减小体积，后保持压强不变升高温度D先保持压强不变减小体积，后保持温度不变减小压强参考答案：C4. （单选）如图所示：物体沿两个半径为R的圆弧由A到C，则它的位移和路程分别为( )A，A指向C； B，A指向C；C，A指向C； D，C指向A；参考答案：C5. 在高能物理研
3、究中，回旋加速器起着重要作用，其工作原理如图所示。D1和D2是两个中空的半圆金属盒，它们之间有一定的电势差。两个半圆盒处于与盒面垂直的匀强磁场中。中央O处的粒子源产生的粒子，在两盒之间被电场加速，粒子进入磁场后做匀速圆周运动。忽略粒子在电场中的加速时间。下列说法正确的是：A. 粒子运动过程中电场的方向始终不变B. 粒子在磁场中运动的周期越来越大C. 磁感应强度越大，粒子离开加速器时的动能就越大D. 两盒间电势差越大，粒子离开加速器时的动能就越大参考答案：C【详解】A.粒子在电场中被加速，所以粒子运动半个圆周之后再次进入电场时，与上次在电场中的运动方向相反，所以电场必须改变方向，才能使粒子每次在
4、电场中都能被加速。故A错误。B. 粒子在磁场中运动额周期公式为，粒子在运动的过程中、和都不变，所以，粒子的运动周期是不变的。故B错误。C.由，可求出粒子的速度，则粒子的最大动能为,可知最大动能与计算器的半径、磁感应强度以及电荷的电荷量和质量有关，磁场越强，粒子离开计算器时的动能越大。故C正确。D. 粒子的最大动能为，与加速电压的大小无关，即与两盒间的电势差无关。故D错误。二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 某单摆的摆长为L、摆球质量为m，摆角为时单摆做简谐振动的周期为T，摆动时最大动能为Ek。当将摆球质量变成2m，摆动时摆角为，则单摆的最大动能变为_Ek；当将摆球质量变成2
5、m，将摆长变为2L，摆角变为/2时，单摆的周期为_T。参考答案：2 7. 氦原子被电离出一个核外电子,形成类氢结构的氦离子,已知基态的一价氦离子能量为E1=-54.4eV,能级图如图所示,则一价氦离子第能级En=_ eV;一个静止的处于基态的一价氦离子被运动的电子碰撞后又失去了一个电子,则运动电子的动能一定大于_eV.参考答案：8. 发生衰变有多种可能性。其中的一种可能是，先衰变成，再经一次衰变变成（X代表某种元素），或再经一次衰变变成和最后都衰变成，衰变路径如图所示，则由图可知：四个过程中 是衰变； 是衰变。参考答案：，放出的粒子质量数减少4，是衰变；放出的粒子质量数不变，是衰变。9. （4
6、分） 叫裂变， 叫聚变。参考答案：原子核被种子轰击后分裂成两块质量差不多的碎块，这样的核反应叫裂变；两个轻核结合成质量较大的核，这样的核反应叫聚变10. 如图两个等量异号点电荷+Q和-Q被固定于水平面内两点M和N，MN间距为L，两电荷的竖直中垂线上有一固定光滑绝缘杆。此空间存在着水平的匀强磁场B。现将一个质量为m，电量为+q的带电小环套在杆上，从距中心O点的H处由静止释放，则当小环运动到O点时，小环的速度大小为_m/s。参考答案： 答案：11. 对“落体运动快慢”、“力与物体运动关系”等问题，亚里士多德和伽利略存在着不同的观点。请完成下表：亚里士多德的观点伽利略的观点落体运动快慢重的物体下落快
7、，轻的物体下落慢力与物体运动关系维持物体运动不需要力参考答案：答案：物体下落快慢与物体轻重无关 维持物体运动需要力12. 质量M=500t的机车，以恒定的功率从静止出发，经过时间t=5min在水平路面上行驶了s=2.25km，速度达到了最大值vm=54km/h，则机车的功率为3.75105W，机车运动中受到的平均阻力为2.5104N参考答案：考点：功率、平均功率和瞬时功率.专题：功率的计算专题分析：汽车达到速度最大时做匀速直线运动，牵引力做功为W=Pt，运用动能定理求解机车的功率P根据匀速直线运动时的速度和功率，由P=Fv求出此时牵引力，即可得到阻力解答：解：机车的最大速度为vm=54km/h
8、=15m/s以机车为研究对象，机车从静止出发至达速度最大值过程，根据动能定理得 Ptfx=当机车达到最大速度时P=Fvm=fvm由以上两式得P=3.75105W机车匀速运动时，阻力为f=F=2.5104N故答案为：3.75105；2.5104点评：本题关键要清楚汽车启动的运动过程和物理量的变化，能够运用动能定理和牛顿第二定律解决问题13. 如图所示，用轻质活塞在气缸内封闭一定质量理想气体，活塞上放置重25102N的重物，平衡时活塞距气缸底高度h1=080 m，此时被封闭气体的温度为27oC活塞与气缸壁间摩擦忽略不计。现对被封闭气体加热，活塞缓慢上升到距离气缸底h2=088 m处已知活塞横截面积
9、S=5010-3 m2，大气压强P0=10105 Pa。求： 活塞距气缸底的高度h2时气体的温度； 此过程中缸内气体对外界做的功 J，气体吸收的热量 增加的内能(填“大于”“等于”或“小于”)。参考答案：三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. （4分）如图所示，光滑水平面轨道上有三个木块，A、B、C，质量分别为mB=mc=2m,mA=m，A、B用细绳连接，中间有一压缩的弹簧 (弹簧与滑块不栓接)。开始时A、B以共同速度v0运动，C静止。某时刻细绳突然断开，A、B被弹开，然后B又与C发生碰撞并粘在一起，最终三滑块速度恰好相同。求B与C碰撞前B的速度。参考答案：解析：设共同速度
10、为v，球A和B分开后，B的速度为,由动量守恒定律有,联立这两式得B和C碰撞前B的速度为。考点：动量守恒定律15. 如图，一竖直放置的气缸上端开口，气缸壁内有卡口a和b，a、b间距为h，a距缸底的高度为H；活塞只能在a、b间移动，其下方密封有一定质量的理想气体。已知活塞质量为m，面积为S，厚度可忽略；活塞和汽缸壁均绝热，不计他们之间的摩擦。开始时活塞处于静止状态，上、下方气体压强均为p0，温度均为T0。现用电热丝缓慢加热气缸中的气体，直至活塞刚好到达b处。求此时气缸内气体的温度以及在此过程中气体对外所做的功。重力加速度大小为g。参考答案：试题分析：由于活塞处于平衡状态所以可以利用活塞处于平衡状态
11、，求封闭气体的压强，然后找到不同状态下气体参量，计算温度或者体积。 开始时活塞位于a处，加热后，汽缸中的气体先经历等容过程，直至活塞开始运动。设此时汽缸中气体的温度为T1，压强为p1，根据查理定律有根据力的平衡条件有联立式可得此后，汽缸中的气体经历等压过程，直至活塞刚好到达b处，设此时汽缸中气体的温度为T2；活塞位于a处和b处时气体的体积分别为V1和V2。根据盖吕萨克定律有式中V1=SHV2=S（H+h）联立式解得从开始加热到活塞到达b处的过程中，汽缸中的气体对外做的功为故本题答案是：点睛：本题的关键是找到不同状态下的气体参量，再利用气态方程求解即可。四、计算题：本题共3小题，共计47分16.
12、 一平板车，质量M100kg，停在水平路面上，车身的平板离地面高h1.25m，一质量m50kg的小物块置于车的平板上，它到尾端的距离b1.00m，与车板间的动摩擦因数0.20，如图所示今对平板车施加一个水平方向的恒力，使车向前行驶结果物块从车板上滑落，物块刚离开车板的时刻，车向前行驶了距离s0=2.0m，求物块落地时落地点到车尾的距离s 参考答案：17. 如图所示，电动机带动滚轮逆时针匀速转动，放下滚轮压紧金属板，在滚轮摩擦力的作用下，将金属板从倾角=37斜面底端A送往上部，滚轮与金属板的切点B到斜面底端A的距离为L=7.0m当金属板的下端运动到切点B处，立即提起滚轮使它与板脱离接触已知金属板
13、之后返回斜面底部与挡板相撞后立即静止，此时放下滚轮再次压紧金属板，再次将金属板从A端送往斜面上部，如此往复，已知斜面足够长，金属板的质量为m=1.0103kg，金属板与斜面间的动摩擦因数1=0.25，滚轮边缘线速度恒为v=4.0m/s，滚轮对金属板的压力FN=3.2104N，滚轮与金属板间的动摩擦因数为2=0.55，求金属板往复运动的周期T（忽略金属板与挡板的碰撞时间，取sin37=0.6，g=10m/s2）参考答案：（单选）考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用.专题：牛顿运动定律综合专题分析：对金属板加速上升过程进行受力分析，然后根据牛顿第二定律即可求加速度，明确一个周期金属板有匀加速上
14、升、匀速上升、滚轮脱离金属板后匀变速运动三个过程，然后根据运动学公式分别求出对应的时间即可解答：解：在滚轮的作用下，金属板加速的加速度为a1，根据牛顿第二定律得：2FNmgsin1（mgcos+FN）=ma1板加速至与滚轮速度相同时前进的距离为，在滚轮的作用下加速上升的时间，在滚轮作用下匀速上升的时间，离开滚轮后上升时加速度大小为a2，则mgsin+1mgcos=ma2，离开滚轮后上升的时间，离开滚轮后上升的距离，离开滚轮后向下运动的总距离x=L+x3，离开滚轮后向下运动时加速度大小为a3，则mgsin1mgcos=ma3离开滚轮后向下运动的总时间为t4，则，则往复运动的周期T=t1+t2+t3+t4=5.5s答：金属板往复运动的周期T为0.55s点评：解决动力学问题的关键是研究对象进行物理过程分析和受力分析，然后根据不同的过程选择相应的规律即可求解18. 如图甲所示，两平行金属板A、B的板长和板间距离均为L（L=0.1m），AB
