《2021-2022学年山东省济宁市南陈中学高二物理下学期期末试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021-2022学年山东省济宁市南陈中学高二物理下学期期末试题含解析（5页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2021-2022学年山东省济宁市南陈中学高二物理下学期期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 关于分子运动，下列说法中正确的是（ ）A布朗运动就是液体分子的热运动B布朗运动图示中不规则折线表示的是液体分子的运动轨迹C当分子间的距离变小时，分子间作用力增大D物体温度改变时物体分子的平均动能一定改变参考答案：D2. 如图为某手机的电池板图片，由此可知 A该手机电池的电动势为3.7VB该手机电池的电动势为4.2VC“700mAh”表示电源在1h内传送电荷量的为700mAD“3.7V”反映该电池把其电能转化为其他形式的能的本领的大小 参考答案：
2、A3. 发电机和电动机的发明使人类步入电气化时代其中电动机依据的物理原理是A磁场对电流的作用 B磁铁间的相互作用C. 惯性定律 D万有引力定律参考答案：A4. 如图所示为三个门电路符号，下列判断正确的是A甲为“非”门、乙为“与”门、丙为“或”门B甲为“与”门、乙为“或”门、丙为“非”门C甲为“非”门、乙为“或”门、丙为“与”门D甲为“或”门、乙为“与”门、丙为“非”门参考答案：C5. （单选）关于电场线，下述说法中正确的是A、电场线是客观存在的B、电场线与电荷运动的轨迹是一致的C、电场线上某点的切线方向与正点电荷在该点所受电场力方向相同D、沿电场线方向，场强一定越来越大参考答案：C二、 填空题
3、：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一闭合线圈在匀强磁场中做匀角速转动，角速度为240rad/min ，当线圈平面转动至与磁场平行时，线圈的电动势为2.0 V。设线圈从垂直磁场瞬时开始计时，则该线圈电动势的瞬时表达式为_；电动势在s末的瞬时值为_。参考答案：7. 如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O处的电势为0V，点A处的电势为12V，点B处的电势为6V，则电场强度的大小为400v/m参考答案：解：OA的中点C的电势为6V，将C点与B点连接，如图，电场线与等势线垂直，根据几何关系得：BC=2cm，则OB沿电场线方向上的距离：d=1.5cm所以电场
4、强度E=故答案为：4008. _发现点电荷间的相互作用力；_发现电流的磁效应; _发现磁场对通电导线有力的作用；_发现了电磁感应。（可供选项：法拉第、安培、奥斯特、库仑）参考答案：库仑，奥斯特，安培，法拉第9. 一足球质量为0.4kg，速度为5ms，被足球运动复以大小10ms速度沿相反方向踢回，则足球动量改变量为 kgms。如果足球与脚接触时间为0.05s，则足球所受的平均冲力为 N（以踢回的方向为正方向）。参考答案：6kgm/s，120N10. 某同学用下图所示装置探究A、B两球在碰撞中动量是否守恒。该同学利用平抛运动测量两球碰撞前后的速度，实验装置和具体做法如下，图中PQ是斜槽，QR为水平
5、槽。实验时先使A球从斜槽上某一固定位置G由静止开始滑下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹。重复上述操作10次，得到10个落点痕迹。再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，让A球仍从位置G由静止开始滑下，和B球碰撞后，A、B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹。重复这种操作10次，并画出实验中A、B两小球落点的平均位置。图中O点是水平槽末端R在记录纸上的垂直投影点，E、F、J是实验中小球落点的平均位置。为了使两球碰撞为一维碰撞，所选两球的直径关系为：A球的直径_B球的直径（“大于”、“等于”或“小于”）；为减小实验误差，在两球碰撞后使A球不反弹，所选用的两小球质量关系应为mA _mB（选填“大于
6、”、“等于”或“小于”）；在以下选项中，本次实验必须进行的测量是_；A水平槽上未放B球时，A球落点位置到O点的距离BA球与B球碰撞后， A球、B球落点位置分别到O点的距离CA球和B球在空中飞行的时间D测量G点相对于水平槽面的高已知两小球质量mA和mB，该同学通过实验数据证实A、B两球在碰撞过程中动量守恒，请你用图中的字母写出该同学判断动量守恒的表达式是_。参考答案：等于； 大于 ； AB； mAOF=mAOE+mBOJ【详解】为了使两球碰撞为一维碰撞，在小球碰撞过程中水平方向动量守恒定律，两球碰后都做平抛运动，即实现对心碰撞，则A球的直径等于B球的直径。为了使碰撞后不反弹，故mAmB根据动量守
7、恒有：mAv0=mAv1+mBv2，因为，代入得：mAx1=mAx2+mBx3，所以需要测量水平槽上未放B球时，A球落点位置到O点的距离x1，A球与B球碰撞后x2，A球与B球落点位置到O点的距离x3故AB正确因为时间相同，可以用水平位移代替速度，不用测时间，也不用测量测量G点相对于水平槽面的高，故选：ABA球与B球碰后，A球的速度减小，可知A球没有碰撞B球时的落点是F点，A球与B球碰撞后A球的落点是E点用水平位移代替速度，动量守恒的表达式为：mAOF=mAOE+mBOJ【点睛】本题关键明确验证动量守恒定律实验的实验原理，注意等效替代在实验中的运用；注意器材选择的原则：为了实现对心碰撞，两球的直
8、径需相同，为零使碰撞后A球不反弹，则A球11. （5分）如图所示，两带电平行长金属板相距4r，对称x轴水平放置，板间中心处有一只金属丝网制成的直径为2r的空心圆筒，筒内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，一个质量为m、带电量为q的带电粒子由静止从正极板飞出，沿y轴负方向进入圆筒，在磁场中飞行后，又沿水平方向飞出圆筒，最终抵达负极板，则粒子在金属筒内运动的时间为，两极间电压为。（不计带电粒子的重力）参考答案：12. （4分）质量为0.4的小球以10m/s的速度从5m高的平台边缘水平抛出,小球落地时动量的大小是_m/s,小球运动全过程中动量变化的大小是_m/s(g取10m/s2).参考答案：
9、；413. 一个平行板电容器，当其电荷量增加Q=1.0106C时，两板间的电压升高U=10V，则此电容器的电容C= F若两板间电压为35V，此时电容器的带电荷量Q= C参考答案：1.0107，3.5106试题分析：电容的定义式为C=，对于给定的电容器，电容是一定的，根据数学知识得到C=，由此式求解电容由C=变形求解电量解：已知Q=1.0106C，U=10V，则电容器的电容C=1.0107F由C=变形得，Q=CU=1.010735C=3.5106C故答案为：1.0107，3.5106【点评】本题考查电容器的电容公式的掌握情况和应用能力，对于给定的电容器，其电容是一定的，由电容器本身的特性决定，与
10、电容器的电量、电压无关三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 现有一种特殊的电池，电动势E约为9V，内阻r约为50，允许输出的最大电流为50 mA，用如图(a)的电路测量它的电动势和内阻，图中电压表的内阻非常大，R为电阻箱，阻值范围09999。R0是定值电阻,规格为150，1.0W 起 的作用。该同学接入符合要求的R0后，闭合开关，调整电阻箱的阻值， 。改变电阻箱阻值，得多组数据，作出如图 (b)的图线则电池的电动势E= ，内阻r= 。（结果保留两位有效数字）参考答案：防止短路，电流过大，烧坏电源 读取电压表的示数，10V ，462.（漏写单位，没分）15. 如图所示，有两
11、个质量均为m、带电量均为q的小球，用绝缘细绳悬挂在同一点O处，保持静止后悬线与竖直方向的夹角为=30，重力加速度为g，静电力常量为k.求：(1) 带电小球A在B处产生的电场强度大小；(2) 细绳的长度L.参考答案：（1） （2）（1）对B球，由平衡条件有：mgtan=qE带电小球在B处产生的电场强度大小：（2）由库仑定律有： 其中：r=2Lsin=L解得：【点睛】本题关键是对物体受力分析，然后结合共点力平衡条件、库仑定律和电场强度的定义列式求解四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，用轻弹簧相连的质量为2kg的A、B两物块静止在光滑的水平地面上，质量为4kg的物块C以v=6m/s
12、的速度向左运动，B与C碰撞后，立即粘在一起运动求：在弹簧压缩到最短的过程中，弹簧最大的弹性势能为多大？弹簧对A的冲量是多大？参考答案：解：B与C碰撞过程动量守恒，以C的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mCv=（mC+mB）v1，A、B、C三者共速，以三者组成的系统为研究对象，以C的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：（mC+mB）v1=（mA+mB+mC）v2，由并联守恒定律得：，代入数据解得：EP=12J；对A，由动量定理得：I=mAv20，解得：I=6kg?m/s；答：弹簧最大的弹性势能为12J；弹簧对A的冲量是6kg?m/s17. 如图所示，固定的光滑金属导轨间距为L，导轨电阻不计
13、，上端a、b间接有阻值为R的电阻，导轨平面与水平面的夹角为，且处在磁感应强度大小为B、方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场中质量为m、电阻为r的导体棒与固定弹簧相连后放在导轨上初始时刻，弹簧恰处于自然长度，导体棒具有沿轨道向上的初速度v0整个运动过程中导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触已知弹簧的劲度系数为k，弹簧的中心轴线与导轨平行（1）求初始时刻通过电阻R的电流I的大小和方向；（2）当导体棒第一次回到初始位置时，速度变为v，求此时导体棒的加速度大小a；（3）导体棒最终静止时弹簧的弹性势能为Ep，求导体棒从开始运动直到停止的过程中，电阻R上产生的焦耳热Q参考答案：解：（1）棒产生的感应电动势E1=
14、BLv0通过R的电流大小根据右手定则判断得知：电流方向为ba （2）棒产生的感应电动势为E2=BLv感应电流棒受到的安培力大小，方向沿斜面向上，如图所示根据牛顿第二定律 有|mgsinF|=ma解得a=|gsin|（3）导体棒最终静止，有mgsin=kx弹簧的压缩量设整个过程回路产生的焦耳热为Q0，根据能量守恒定律有 解得 电阻R上产生的焦耳热答：（1）初始时刻通过电阻R的电流I的大小为，方向为ba；（2）此时导体棒的加速度大小a为|gsin|；（3）导体棒从开始运动直到停止的过程中，电阻R上产生的焦耳热Q为 +EP【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；右手定则；电磁感应中的能量转化【分析】（1）棒向上运动切割磁感线，由E1=BLv0求感应电动势，由欧姆定律求感应电流，根据右手定则判断感应电流的方向；（2）当导体棒第一次回到初始位置时
