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1、精选优质文档-倾情为你奉上2015年黑龙江省佳木斯市重点中学高考物理一模试卷一、选择题：本题8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1（6分）（2015佳木斯校级一模）下面有关物理学史的说法中正确的组合是（）安培提出了分子电流假说 奥斯特发现了电流的热效应规律卡文迪许测定了万有引力常量 密立根测定了电子的电量 A B C D 【考点】： 物理学史【分析】：本题是物理学史问题，根据安培、焦耳、奥斯特、卡文迪许和密立根的物理学贡献进行解答【解析】： 解：安培提出了分子电流假说，很好解释了
2、磁化现象，故正确奥斯特发现了电流的磁效应现象，焦耳发现了电流的热效应规律，故错误卡文迪许用扭秤实验测定了万有引力常量，故正确密立根用油滴实验测定了电子的电量，故正确故A正确故选：A【点评】：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，注意积累2（6分）（2015佳木斯校级一模）“北斗”卫星导航定位系统将由5颗静止轨道卫星（同步卫星）和30颗非静止轨道卫星组成，30颗非静止轨道卫星中有27颗是中轨道卫星，中轨道卫星的高度约为21500Km，同步卫星的高度约为36000Km，下列说法正确的是（） A 同步卫星的向心加速度比中轨道卫星向心加速度大 B 同步卫星和中
3、轨道卫星的线速度均大于第一宇宙速度 C 中轨道卫星的周期比同步卫星周期小 D 赤道上随地球自转的物体向心加速度比同步卫星向心加速度大【考点】： 同步卫星【专题】：人造卫星问题【分析】：根据万有引力提供向心力G=ma=m=mr，得到a=，v=，T=2，由此可知，轨道半径越大，加速度越小，线速度越小，周期越大中轨道卫星的轨道高度低于同步卫星的轨道高度，根据轨道高度的大小判断周期、线速度和向心加速度的大小关系赤道上随地球自转的物体向心加速度为a1=，同步卫星的向心加速度为a2=，周期相同，由表达式可判断两处的向心加速度的大小【解析】： 解：A、根据万有引力提供向心力G=ma，得a=，由此可知，半径越
4、大，加速度越小，同步卫星的轨道半径大于中轨道卫星的轨道半径，所以同步卫星的加速度比中轨道卫星的加速度小，故A错误B、根据万有引力提供向心力G=m，得v=，由此可知，半径越大，速度越小，半径越小，速度越大，当半径最小等于地球半径时，速度最大等于第一宇宙速度，由于一般轨道卫星的轨道高度和同步卫星的轨道高度远大于地球半径，所以一般轨道卫星的线速度和同步卫星的线速度均小于第一宇宙速度故B错误C、根据万有引力提供向心力G=mr，得T=2，由此可知，轨道半径越大，周期越大，同步卫星的轨道半径大于中轨道卫星的轨道半径，所以同步卫星的周期比中轨道卫星的周期大，故C正确D、赤道上随地球自转的物体向心加速度为a1
5、=，同步卫星的向心加速度为a2=，周期相同，由表达式可知，故赤道上随地球自转的物体向心加速度比同步卫星向心加速度小故D错误故选：C【点评】：本题主要要掌握万有引力提供向心力这个关系G=ma=m=mr，能够根据题意选择恰当的向心力的表达式是正确解题的关键3（6分）（2015佳木斯校级一模）图中弹簧秤、绳和滑轮的重量均不计，绳与滑轮间的摩擦力不计，物体的重力都是G，在图甲、乙、丙三种情况下，弹簧秤的读数分别是F1、F2、F3，则（） A F3F1=F2 B F3=F1F2 C F1=F2=F3 D F1F2=F3【考点】： 共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【专题】：共点力作用下物体平
6、衡专题【分析】：弹簧称的读数等于弹簧受到的拉力甲图、乙图分别以物体为研究对象由平衡条件求解丙图以动滑轮为研究对象分析受力情况，根据平衡条件求解【解析】： 解：甲图：物体静止，弹簧的拉力F1=mg； 乙图：对物体为研究对象，作出力图如图 由平衡条件得 F2=Gsin60=0.866mg丙图：以动滑轮为研究对象，受力如图由几何知识得F3=mg故F3=F1F2故选B【点评】：本题是简单的力平衡问题，关键是分析物体的受力情况，作出力图对于丙图，是平衡中的特例，结果要记忆4（6分）（2009四川）如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，R1=20，R2=30，C为电容器已知通过R1的正弦交流
7、电如图乙所示，则（） A 交流电的频率为0.02Hz B 原线圈输入电压的最大值为200V C 电阻R2的电功率约为6.67W D 通过R3的电流始终为零【考点】： 变压器的构造和原理；欧姆定律；电功、电功率；交流电的平均值及其应用【专题】：交流电专题【分析】：由电压与匝数成反比可以求得副线圈的电压的大小，电容器的作用是通交流隔直流【解析】： 解：A、根据变压器原理可知原副线圈中电流的周期、频率相同，周期为0.02s、频率为50赫兹，A错由图乙可知通过R1的电流最大值为Im=1A、根据欧姆定律可知其最大电压为Um=20V，再根据原副线圈的电压之比等于匝数之比可知原线圈输入电压的最大值为200V
8、，B错；C、根据正弦交流电的峰值和有效值关系并联电路特点可知电阻R2的电流有效值为I=、电压有效值为U=V，电阻R2的电功率为P2=UI=W=6.67W，所以C对D、因为电容器有通交流、阻直流的作用，则有电流通过R3和电容器，D错；故选：C【点评】：本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系，同时对于电容器的作用要了解5（6分）（2015佳木斯校级一模）如图所示，A是一边长为L的正方形导线框虚线框内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁场宽度为3L线框的bc边与磁场左右边界平行且与磁场左边界的距离为L现维持线框以恒定的速度v沿x轴正方向运动规定磁场对线框作用力沿x轴正方向为正，且在图示位置时为计时起
9、点，则在线框穿过磁场的过程中，磁场对线框的作用力随时间变化的图象正确的是（） A B C D 【考点】： 导体切割磁感线时的感应电动势【专题】：电磁感应与电路结合【分析】：根据楞次定律：安培力阻碍导体与磁场间的相对运动，判断安培力方向根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律和安培力公式，推导出安培力与速度的表达式，从而可以选择图象【解析】： 解：在整个过程中，线框进入和穿出磁场的过程中，只有一边切割磁感线，线框的磁通量一直变化，产生感应电流，根据楞次定律，安培力阻碍导体与磁场间的相对运动，可知安培力方向一直向左，沿负方向线框完全在磁场中运动时磁通量不变，不产生感应电流，不受安培力，F=0，故B正确，A
10、CD错误故选：B【点评】：本题可分段分析，关键抓住在整个过程内，线框只有一边切割磁感线，线框匀速运动，安培力恒定6（6分）（2015佳木斯校级一模）运动员从悬停在空中的直升机上跳伞，伞打开前可看做是自由落体运动，打开伞后减速下降，最后匀速下落如果用h表示下落高度，t表示下落的时间，F表示人受到的合力，E表示人的机械能，Ep表示人的重力势能，v表示人下落的速度，在整个过程中，如果打开伞后空气阻力与速度平方成正比，则下列图象可能符合事实的是（） A B C D 【考点】： 机械能守恒定律；牛顿第二定律【专题】：机械能守恒定律应用专题【分析】：运动员从直升机上跳伞，伞打开前可看作是自由落体运动，即空
11、气阻力忽略不计，开伞后减速下降，空气阻力大于重力，故合力向上，当阻力减小到等于重力时，合力为零，做匀速直线运动【解析】： 解：A、重力势能逐渐减小，规定初位置重力势能为零，则Ep=mg（h），即重力势能与高度是线性关系，故A正确；B、机械能的变化等于除重力外其余力做的功，故自由落体运动过程机械能守恒，故B错误；C、运动员从直升机上跳伞，伞打开前可看作是自由落体运动，即空气阻力忽略不计，故只受重力；开伞后减速下降，空气阻力大于重力，故合力向上，当阻力减小到等于重力时，合力为零，做匀速直线运动；即合力先等于重力，然后突然反向变大，且逐渐减小到零，故C正确；D、运动员从直升机上跳伞，伞打开前可看作是
12、自由落体运动，开伞后减速下降，最后匀速下落；减速过程中加速度是变化的，而题图却为匀减速运动，不好实际；故D错误；故选AC【点评】：本题关键是结合运动员的运动情况分析其受到的阻力的变化情况，从而得到其合力和机械能的变化情况7（6分）（2015佳木斯校级一模）额定电压均为220V的白炽灯L1和L2的UI特性曲线如图（a）所示，现将和L2完全相同的L3与L1和L2一起按如图（b）所示电路接入220 V电路中，则下列说法正确的是（） A L2的额定功率为99W B L2的实际功率为17W C L2的实际功率比L3的实际功率小17W D L2的实际功率比L3的实际功率小82W【考点】： 描绘小电珠的伏安
13、特性曲线【专题】：实验题【分析】：由图可知当电压为额定电压时的电流，则由功率公式可得出额定功率；串联后接在220V的电源上，则两电阻两端的电压达不到220V，但二者电压之和应为220V，由图可读出电阻的电流，则可求得功率【解析】： 解：A、由图可知，当电压为220V时，L2的电流为0.45A，故L1的额定功率P=UI1=220V0.45A=99W，故A正确；B、两灯泡串联时，流过两电阻的电流相等，而总电压应为220V，由UI图象可知，串联时电流应为0.25A，此时L1的电压为150V，故此时L1的功率P=U1I1=1500.25W37W，故B正确，C错误；C、当电压为220V时，L3的电流为0
14、.45A，故L3的时间功率P=UI3=220V0.45A=99W，L2的实际功率比L3的实际功率小：9917=82W，故C错误，故D正确；故选：ABD【点评】：本题要结合图象和串并联电路的性质进行分析，注意灯丝电阻随电压的变化发生变化，故不能先求电阻，再进行计算8（6分）（2015佳木斯校级一模）一绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E在与环心等高处放有一质量为m、带电+q的小球，由静止开始沿轨道运动，下述说法正确的是（） A 小球经过环的最低点时速度最大 B 小球在运动过程中机械能守恒 C 小球经过环的最低点时对轨道压力为（mg+qE） D 小球经过环的最低点时对轨道压力为3（mg+qE）【考点】： 匀强电场中电势差和电场强度的关系；向心力【专题】：电场力与电势的性质专题【分析】：小球运动过程中电场力做功，机械能不守恒根据动能定理知小球经过环的最低点时速度最大根据动能定理求出小球经过在最低点时的速度，由牛顿第二定律求出环对球的支持力，得到球对环的压力【解析】： 解：A、小球从最高点到最低点的过程中，合力做正功最多，则根据动能定理得知，动能增加增大，速率增大增大，所以小球经过环的最低点时速度最大故A正确B、小球运动过程中电场力做功，机械能不守恒故B错误C、D小球从最高点到最低点的过程，根据动能定理得：（mg+qE）R=又由，联立解得N=3（mg+q
