《2019年高考物理二轮复习 课时作业1 力与物体的平衡_1》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019年高考物理二轮复习 课时作业1 力与物体的平衡_1（3页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2019年高考物理二轮复习 课时作业1 力与物体的平衡课时作业1力与物体的平衡一、选择题(17题为单项选择题，811题为多项选择题)1如图所示，质量为2kg的物体与水平地面间的动摩擦因数为0.2，水平地面足够大t0时，物体以2m/s的初速度向右运动，同时对物体施加一个水平向左的大小恒为2N的拉力F，向右为正方向，取g10m/s2，则在t0之后()A物体所受摩擦力不会变化B物体所受摩擦力会由4N变为2NC物体所受摩擦力会由4N变为2ND物体所受摩擦力会由4N变为2N解析：分析摩擦力问题的关键是弄清楚是滑动摩擦力还是静摩擦力，由题意知，刚开始物体向右运动，所以物体受到向左的滑动摩擦力为4N；又因为
2、t0时，物体受到向左的水平恒力，所以物体会向右做匀减速直线运动直到速度为0；之后水平恒力小于最大静摩擦力，故物体受到向右的静摩擦力，与水平恒力等大反向，大小为2N，选项B正确答案：B2一通电直导体棒用两根绝缘轻质细线悬挂在天花板上，静止在水平位置(如正面图)现在通电导体棒所处位置加上匀强磁场，使导体棒能够静止在偏离竖直方向角(如侧面图)的位置如果所加磁场的强弱不同，则磁场方向的范围是(以下选项中各图，均是在侧面图的平面内画出的，磁感应强度的大小未按比例画)()解析：对导体棒受力分析可知，导体棒受到的安培力与重力和绳子的拉力的合力大小相等，方向相反，故由左手定则可以判断出磁场的方向范围，故C正确
3、答案：C32018安徽十校联考美国物理学家密立根(R.A.Millikan)于20世纪初进行了多次实验，比较准确地测定了电子的电荷量，其实验原理可以简化为如下模型：两个相距为d的平行金属板A、B水平放置，两板接有可调电源从A板上的小孔进入两板间的油滴因摩擦而带有一定的电荷量，将两板间的电势差调节到U时，带电油滴恰好悬浮在两板间；然后撤去电场，油滴开始下落，由于空气阻力，下落的油滴很快达到匀速下落状态，通过显微镜观测到这个速度的大小为v，已知这个速度与油滴的质量成正比，比例系数为k，重力加速度为g.则计算油滴带电荷量的表达式为()AqBqCqDq解析：根据油滴恰好悬浮在两板间，由平衡条件得：qm
4、g，由题意知vkm，联立得q，选项B正确答案：B4如图所示，甲、乙、丙、丁四种情况，光滑斜面的倾角都是，球都是用轻绳系住处于平衡状态，则下列说法正确的是()A球对斜面压力最大的是甲图B球对斜面压力最小的是丙图C球对斜面压力第二大的是丁图D球对斜面压力第二大的是乙图解析：甲图中，根据平衡条件得斜面对小球的支持力FN1mgcos<mg.乙图中，受力如图，由平衡条件得FN2>mg.丙图中，斜面对小球的支持力FN30.丁图中，设绳子与斜面的夹角为，绳子的拉力大小为F，则斜面对小球的支持力FN4mgcosFsin<mg.根据牛顿第三定律得知，斜面对小球的支持力与小球对斜面的压力大小相等
5、，所以球对斜面压力最大的是乙图，压力最小的是丙图，压力第二大的是甲图，故B正确答案：B52018湖北省襄阳四中考试如图所示，AB、BD为两段轻绳，其中BD段水平，BC为处于伸长状态的轻质弹簧，且AB和CB与竖直方向的夹角均为45，现将BD绳绕B点缓慢向上转动，保持B点不动，则在转动过程中作用于BD绳的拉力F的变化情况是()A变大B变小C先变大后变小D先变小后变大解析：要保持B点的位置不变，BD绳向上转动的角度最大为45，由于B点的位置不变，因此弹簧的弹力不变，由图解可知，AB绳的拉力减小，BD绳的拉力也减小，B正确答案：B6如图所示，A、B两球用轻杆相连，用两根细线将其悬挂在水平天花板上的O点
6、现用外力F作用于小球B上(图上F未标出)，使系统保持静止状态，细线OA保持竖直，且A、B两球在同一水平线上已知两球的重力均为G，轻杆和细线OB的夹角为45，则外力F的最小值为()AGB2GC.GD.G解析：对小球A受力分析，根据平衡条件轻杆对小球A、B的作用力为零，即小球A受重力和细线OA的拉力二力平衡，对小球B受力分析，根据矢量三角形定则知当力F与细线BO垂直时力F最小，最小值为：FGsin45G，故选D.答案：D7如图所示，固定的光滑直杆与竖直墙面夹角30，轻弹簧上端固定墙面上，下端与重力为G的小球连接，小球套在直杆上小球静止时弹簧与墙面夹角45，则()A杆对球的弹力方向垂直杆向上B弹簧对
7、球的弹力有可能为压力C弹簧的弹力大小是杆对球弹力的倍D弹簧的弹力大小为G解析：由小球沿杆方向受力平衡知，弹簧对球的弹力为拉力，由小球受力平衡知，杆对球的弹力方向垂直杆向下，A、B均错误；小球受力如图所示，杆对球的弹力FN与F的夹角i9015，根据正弦定理有，解得，FG>GG，C正确、D错误答案：C82018佛山二模如图所示，两个小球a、b质量均为m，用细线相连并悬挂于O点，现用一轻质弹簧给小球a施加一个拉力F，使整个装置处于静止状态，且Oa与竖直方向夹角为45，已知弹簧劲度系数为k，则弹簧形变量可能是()A.B.C.D.解析：当F与细线Oa垂直时，F有最小值，F的最小值为Fmin2mgs
8、in2mgmg.当F水平或竖直方向时，有最大值，F的最大值为Fmax2mg.根据胡克定律：xmax，所以：xmin，则A、C、D正确，B错误答案：ACD9如图所示，三角形ABC是固定在水平面上的三棱柱的横截面，A30，B37，sin370.6，cos370.8，C处有光滑小滑轮，质量分别为m1、m2的两物块通过细线跨放在AC面和BC面上，且均恰好处于静止状态，已知AC面光滑，物块2与BC面间的动摩擦因数0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则两物块的质量比m1m2可能是()A1：3B3：5C5：3D2：1解析：物块1受重力m1g、细线拉力FT和斜面支持力FN作用处于平衡状态，则FTm1gsin3
9、0，物块2受重力m2g、细线拉力FT、斜面支持力FN及摩擦力Ff作用处于平衡状态，当m1较大时，最大静摩擦力方向沿斜面向下，此时有FTm2gsin37m2gcos37，即2；当m1较小时，最大静摩擦力方向沿斜面向上，此时有FTm2gsin37m2gcos37，即，所以2，选项B、C、D正确答案：BCD10把a、b两个完全相同的导体小球分别用长为l的绝缘细线拴接，小球质量均为m.先让a球带上q的电荷量并悬挂于O点，如图所示现将不带电的小球b也悬挂于O点(图中未画出)，两球接触后由于静电斥力分开，平衡时两球相距l.已知重力加速度为g，静电力常量为k，带电小球可视为点电荷关于a球所受的静电力大小F及
10、O点处的场强大小E下列正确的是()AFmgBFmgCEDE解析：对平衡时的a球受力分析如图所示，由正交分解法可得FTsin60mg，FTcos60F，联立解得Fmg，选项A正确、B错误；两小球接触后电荷量会平分，则每个小球的电荷量都为，由点电荷的场强公式可得EaEbk，由平行四边形定则可得E2Eacos30，选项C错误、D正确答案：AD11如图所示，磁场方向垂直固定斜面向上，磁感应强度大小随时间变化的规律为B(22t)T.将一根长0.3m、质量为0.2kg的通电硬直导线置于斜面上，导线两侧固定有立柱，导线中电流大小为1At0和t2s时刻，导线对两侧立柱的压力恰好为零重力加速度大小g10m/s2
11、.下列说法正确的是()A斜面倾角30B导线对斜面的压力为1NC导线与斜面间最大静摩擦力为0.6ND在t1s时，导线所受的摩擦力为零解析：设导线受到的最大静摩擦力为Ff.t0时，B12T，安培力为F1，由平衡条件得F1Ffmgsin，其中F1B1Il；t2s时，B26T，安培力为F2，由平衡条件得F2mgsinFf，F2B2Il，联立解得Ff0.6N，sin0.6，37，A错误、C正确；导线对斜面的压力大小为FNmgcos1.6N，B错误；t1s时，B34T，安培力F3B3Il1.2N，代入F3Ffmgsin得，Ff0，D正确答案：CD二、非选择题12如图，坐标系xOy位于竖直平面内，在该区域有
12、场强E12N/C、方向沿x轴正方向的匀强电场和磁感应强度大小为B2T、沿水平方向的且垂直于xOy平面指向纸里的匀强磁场一个质量m4105kg，电荷量q2.5105C带正电的微粒，在xOy平面内做匀速直线运动，运动到原点O时，撤去磁场，经一段时间后，带电微粒运动到了x轴上的P点(g10m/s2)，求：(1)P点到原点O的距离；(2)带电微粒由原点O运动到P点的时间解析：匀速直线运动时：受力平衡，如图所示，由平衡条件，得qvBsinqE，qvBcosmg.解得v10m/s，与x轴正方向成37斜向右上撤去磁场后受2个力，结合速度方向可知做类平抛运动沿v方向：OPcos37vt垂直v方向：OPsin37t2得OP15mt1.2s答案：(1)15m(2)1.2s
