学无止境最全文档整理高中数学圆的方程典型例题类型一：圆的方程例 1 求过两点)4,1 (A、)2,3(B且圆心在直线0y上的圆的标准方程并判断点)4,2(P与圆的关系．分析： 欲求圆的标准方程，需求出圆心坐标的圆的半径的大小，而要判断点P与圆的位置关系，只须看点P与圆心的距离和圆的半径的大小关系，若距离大于半径，则点在圆外； 若距离等于半径，则点在圆上；若距离小于半径，则点在圆内．解法一：（待定系数法）设圆的标准方程为222)()(rbyax．∵圆心在0y上，故0b．∴圆的方程为222)(ryax．又∵该圆过)4,1(A、)2,3(B两点．∴22224)3(16)1 (rara解之得：1a，202r．所以所求圆的方程为20) 1(22yx．解法二：（直接求出圆心坐标和半径）因为圆过)4,1(A、)2,3(B两点，所以圆心C必段AB的垂直平分线l上，又因为13124ABk，故l的斜率为1，又AB的中点为)3,2(，故AB的垂直平分线l的方程为：23xy即01yx．又知圆心在直线0y上，故圆心坐标为)0,1(C∴半径204)11(22ACr．故所求圆的方程为20) 1(22yx．又点)4,2(P到圆心)0,1(C的距离为rPCd254)12(22．∴点P在圆外．例 2 求半径为4，与圆042422yxyx相切，且和直线0y相切的圆的方程． 学无止境最全文档整理分析： 根据问题的特征，宜用圆的标准方程求解．解： 则题意，设所求圆的方程为圆222)()(rbyaxC：．圆C与直线0y相切，且半径为4，则圆心C的坐标为)4,(1aC或)4,(2aC．又已知圆042422yxyx的圆心A的坐标为)1,2(，半径为3．若两圆相切，则734CA或134CA．(1) 当)4,(1aC时 ，2227) 14()2(a， 或2221) 14()2(a( 无 解 ) ， 故 可 得1022a．∴所求圆方程为2224)4()1022(yx，或2224)4()1022(yx．(2) 当)4,(2aC时 ，2227) 14()2(a， 或2221) 14()2(a( 无 解 ) ， 故622a．∴所求圆的方程为2224)4()622(yx，或2224)4()622(yx．说明： 对本题，易发生以下误解：由 题 意 ， 所 求 圆 与 直 线0y相 切 且 半 径 为4， 则 圆 心 坐 标 为)4,(aC， 且 方 程 形 如2224)4()(yax．又圆042422yxyx，即2223)1()2(yx，其圆心为)1,2(A， 半径为 3． 若两圆相切， 则34CA． 故2227) 14()2(a， 解之得1022a． 所以欲求圆的方程为2224)4()1022(yx，或2224)4()1022(yx．上述误解只考虑了圆心在直线0y上方的情形，而疏漏了圆心在直线0y下方的情形．另外，误解中没有考虑两圆内切的情况．也是不全面的．例 3 求经过点)5,0(A，且与直线02yx和02yx都相切的圆的方程．分析：欲确定圆的方程． 需确定圆心坐标与半径，由于所求圆过定点A， 故只需确定圆心坐标．又圆与两已知直线相切，故圆心必在它们的交角的平分线上．解： ∵圆和直线02yx与02yx相切，∴圆心C在这两条直线的交角平分线上，又圆心到两直线02yx和02yx的距离相等．∴5252yxyx． 学无止境最全文档整理∴两直线交角的平分线方程是03yx或03yx．又∵圆过点)5,0(A，∴圆心C只能在直线03yx上．设圆心)3,(ttC∵C到直线02yx的距离等于AC，∴22) 53(532tttt．化简整理得0562tt．解得：1t或5t∴圆心是)3,1(，半径为5或圆心是)15,5(，半径为55．∴所求圆的方程为5)3()1(22yx或125)15()5(22yx．说明： 本题解决的关键是分析得到圆心在已知两直线的交角平分线上，从而确定圆心坐标得到圆的方程，这是过定点且与两已知直线相切的圆的方程的常规求法．例 4、 设圆满足： (1)截y轴所得弦长为2；(2)被x轴分成两段弧，其弧长的比为1:3，在满足条件(1)(2) 的所有圆中，求圆心到直线02yxl：的距离最小的圆的方程．分析： 要求圆的方程，只须利用条件求出圆心坐标和半径，便可求得圆的标准方程．满足两个条件的圆有无数个，其圆心的集合可看作动点的轨迹，若能求出这轨迹的方程，便可利用点到直线的距离公式，通过求最小值的方法找到符合题意的圆的圆心坐标，进而确定圆的半径，求出圆的方程．解法一： 设圆心为),(baP，半径为r．则P到x轴、y轴的距离分别为b和a．由题设知：圆截x轴所得劣弧所对的圆心角为90，故圆截x轴所得弦长为r2．∴222br又圆截y轴所得弦长为2．∴122ar．又∵),(baP到直线02yx的距离为 学无止境最全文档整理52bad∴2225badabba4422)(242222baba1222ab当且仅当ba时取“ =”号，此时55mind．这时有1222abba∴11ba或11ba又2222br故所求圆的方程为2)1()1(22yx或2) 1()1(22yx解法二： 同解法一，得52bad．∴dba52．∴2225544dbdba．将1222ba代入上式得：01554222dbdb．上述方程有实根，故0) 15(82d，∴55d．将55d代入方程得1b． 学无止境最全文档整理又1222ab∴1a．由12ba知a、b同号．故所求圆的方程为2)1()1(22yx或2) 1()1(22yx．说明： 本题是求点到直线距离最小时的圆的方程，若变换为求面积最小呢？类型二：切线方程、切点弦方程、公共弦方程例 5已知圆422yxO：，求过点42，P与圆O相切的切线．解： ∵点42，P不在圆O上，∴切线PT的直线方程可设为42xky根据rd∴21422kk解得43k所以4243xy即01043yx因为过圆外一点作圆得切线应该有两条，可见另一条直线的斜率不存在．易求另一条切线为2x．说明： 上述解题过程容易漏解斜率不存在的情况，要注意补回漏掉的解．本题还有其他解法，例如把所设的切线方程代入圆方程，用判别式等于0 解决（也要注意漏解） ．还可以运用200ryyxx，求出切点坐标0x、0y的值来解决，此时没有漏解．例 6 两圆0111221FyExDyxC：与0222222FyExDyxC ：相交于A、B两点，求它们的公共弦AB所在直线的方程．分析： 首先求A、B两点的坐标，再用两点式求直线AB的方程，但是求两圆交点坐标的过程太繁．为了避免求交点，可以采用“设而不求”的技巧．解： 设两圆1C、2C的任一交点坐标为),(00yx，则有：0101012020FyExDyx①0202022020FyExDyx②①－②得：0)()(21021021FFyEExDD．∵A、B的坐标满足方程0)()(212121FFyEExDD． 学无止境最全文档整理∴方程0)()(212121FFyEExDD是过A、B两点的直线方程．又过A、B两点的直线是唯一的．∴两圆1C、2C的公共弦AB所在直线的方程为0)()(212121FFyEExDD．说明： 上述解法中，巧妙地避开了求A、B两点的坐标，虽然设出了它们的坐标，但并没有去求它，而是利用曲线与方程的概念达到了目标．从解题的角度上说，这是一种“设而不求”的技巧，从知识内容的角度上说，还体现了对曲线与方程的关系的深刻理解以及对直线方程是一次方程的本质认识．它的应用很广泛．例 7、过圆122yx外一点)3 ,2(M，作这个圆的两条切线MA、MB，切点分别是A、B，求直线AB的方程。
练习：1．求过点(3,1)M，且与圆22(1)4xy相切的直线l的方程 ．解：设切线方程为1(3)yk x，即310kxyk，∵圆心(1,0)到切线l的距离等于半径2，∴22|31|21kkk，解得34k，∴切线方程为31(3)4yx，即34130xy，当过点M的直线的斜率不存在时，其方程为3x，圆心(1,0)到此直线的距离等于半径2，故直线3x也适合题意所以，所求的直线l的方程是34130xy或3x．2、过坐标原点且与圆0252422yxyx相切的直线的方程为解：设直线方程为kxy，即0ykx.∵圆方程可化为25) 1()2(22yx，∴圆心为（2，-1） ，半径为210.依题意有2101122kk，解得3k或31k，∴直线方程为xy3或xy31. 3、已知直线0125ayx与圆0222yxx相切，则a的值为. 解：∵圆1)1(22yx的圆心为（ 1，0） ，半径为1，∴1125522a，解得8a或18a. 类型三：弦长、弧问题 学无止境最全文档整理例 8、求直线063:yxl被圆042:22yxyxC截得的弦AB的长 . 例 9、直线0323yx截圆422yx得的劣弧所对的圆心角为解：依题意得，弦心距3d，故弦长2222drAB，从而△ OAB 是等边三角形，故截得的劣弧所对的圆心角为3AOB. 例 10、求两圆0222yxyx和522yx的公共弦长类型四：直线与圆的位置关系例 11、已知直线0323yx和圆422yx，判断此直线与已知圆的位置关系. 例 12、若直线mxy与曲线24xy有且只有一个公共点，求实数m的取值范围 . 解：∵曲线24xy表示半圆)0(422yyx，∴利用数形结合法，可得实数m的取值范围是22m或22m. 例 13 圆9)3()3(22yx上到直线01143yx的距离为1 的点有几个？分析： 借助图形直观求解．或先求出直线1l、2l的方程，从代数计算中寻找解答．解法一： 圆9) 3()3(22yx的圆心为)3,3(1O，半径3r．设圆心1O到直线01143yx的距离为d，则324311343322d．如图，在圆心1O同侧， 与直线01143yx平行且距离为1 的直线1l与圆有两个交点，这两个交点符合题意．又123dr． 学无止境最全文档整理∴与直线01143yx平行的圆的切线的两个切点中有一个切点也符合题意．∴符合题意的点共有3 个．解法二： 符合题意的点是平行于直线01143yx，且与之距离为1 的直线和圆的交点．设所求直线为043myx，则1431122md，∴511m，即6m，或16m，也即06431yxl：，或016432yxl ：．设圆9) 3()3(221yxO：的圆心到直线1l、2l的距离为1d、2d，则34363433221d，143163433222d．∴1l与1O相切，与圆1O有一个公共点；2l与圆1O相交，与圆1O有两个公共点．即符合题意的点共 3 个．说明： 对于本题，若不留心，则易发生以下误解：设圆心1O到直线01143yx的距离为d，则324311343322d．∴圆1O到01143yx距离为 1 的点有两个．显然，上述误解中的d是圆心到直线01143yx的距离，rd，只能说明此直线与圆有两个交点，而不能说明圆上有两点到此直线的距离为1．到一条直线的距离等于定值的点，在与此直线距离为这个定值的两条平行直线上，因此题中所求的点就是这两条平行直线与圆的公共点．求直线与圆的公共点个数，一般根据圆与直线的位置关系来判断，即根据圆心与直线的距离和半径的大小比较来判断．练习 1：直线1yx与圆)0(0222aayyx没有公共点，则a的取值范围是解：依题意有aa21，解得1212a.∵0a，∴120a. 练习2：若直线2kxy与圆1) 3()2(22yx有两个不同的交点，则k的取值范围是. 解：依题意有11122kk，解得340k，∴k的取值范围是)34,0(. 学无止境最全文档整理3、圆034222yxyx上到直线01yx的距离为2的点共有（） ．（A）1 个（B）2 个（C）3 个（D）4 个分 析 ： 把034222yxyx化 为82122yx， 圆 心 为21 ，， 半 径 为22r，圆心到直线的距离为2，所以在圆上共有三个点到直线的距离等于2，所以选C．4、过点43，P作直线l，当斜率为何值时，直线l与圆42122yxC：有公共点，如图所示．分析： 观察动画演示，分析思路．解： 设直线l的方程为34xky即043kykx根据rd有214322kkk整理得0432kk解得340k．类型五：圆与圆的位置关系问题导学四：圆与圆位置关系如何确定？例 14、判断圆02662:221yxyxC与圆0424:222yxyxC的位置关系，例 15：圆0222xyx和圆0422yyx的公切线共有条。
解：∵圆1) 1(22yx的圆心为)0, 1(1O，半径11r，圆4)2(22yx的圆心为)2,0(2O，半径22r，∴1, 3,5122121rrrrOO.∵212112rrOOrr，∴两圆相交 .共有 2P E O y x 学无止境最全文档整理条公切线练习1：若圆042222mmxyx与圆08442222mmyxyx相切，则实数m的取值集合是. 解：∵圆4)(22ymx的圆心为)0,(1mO，半径21r，圆9)2() 1(22myx的圆心为)2, 1(2mO， 半 径32r， 且 两 圆 相 切 ， ∴2121rrOO或1221rrOO， ∴5)2() 1(22mm或1)2()1(22mm，解得512m或2m，或0m或25m，∴实数m的取值集合是} 2, 0,25,512{. 2：求与圆522yx外切于点)2, 1(P，且半径为52的圆的方程 . 解：设所求圆的圆心为),(1baO，则所求圆的方程为20)()(22byax.∵两圆外切于点P，∴131OOOP， ∴),(31)2, 1(ba， ∴6,3 ba， ∴所求圆的方程为20)6()3(22yx. 类型六：圆中的对称问题例 16、圆222690xyxy关于直线250xy对称的圆的方程是例 17自点33，A发出的光线l射到x轴上，被x轴反射，反射光线所在的直线与圆074422yxyxC：相切（ 1）求光线l和反射光线所在的直线方程．（ 2）光线自A到切点所经过的路程．分析、 略解： 观察动画演示，分析思路． 根据对称关系， 首先求出点A的对称点A的坐标为33，，其次设过A的圆C的切线方程为33xky根据rd，即求出圆C的切线的斜率为34k或43k进一步求出反射光线所在的直线的方程为0334yx或0343yxG O B N M y A x 图C A’ 学无止境最全文档整理最后根据入射光与反射光关于x轴对称，求出入射光所在直线方程为0334yx或0343yx光路的距离为MA'，可由勾股定理求得7222CMCAMA．说明： 本题亦可把圆对称到x轴下方，再求解．类型七：圆中的最值问题例 18：圆0104422yxyx上的点到直线014yx的最大距离与最小距离的差是解 ： ∵ 圆18)2()2(22yx的 圆 心 为 （ 2， 2） ， 半 径23r， ∴ 圆 心 到 直 线 的 距 离rd25210， ∴ 直 线 与 圆 相 离 ， ∴ 圆 上 的 点 到 直 线 的 最 大 距 离 与 最 小 距 离 的 差 是262)()(rrdrd. 例 19(1)已知圆1)4()3(221yxO：，),(yxP为圆O上的动点，求22yxd的最大、最小值．(2)已知圆1)2(222yxO ：，),(yxP为圆上任一点． 求12xy的最大、 最小值， 求yx2的最大、最小值．分析： (1)、(2)两小题都涉及到圆上点的坐标，可考虑用圆的参数方程或数形结合解决．解： (1)(法 1)由圆的标准方程1)4()3(22yx．可设圆的参数方程为,sin4,cos3yx（是参数）．则2222sinsin816coscos69yxd)cos(1026sin8cos626（其中34tan） ．所以361026maxd，161026mind．(法 2)圆上点到原点距离的最大值1d等于圆心到原点的距离'1d加上半径1，圆上点到原点距离的最小值2d等于圆心到原点的距离'1d减去半径 1．所以6143221d．4143222d．所以36maxd．16mind． 学无止境最全文档整理(2) ( 法 1)由1)2(22yx得圆的参数方程：,sin,cos2yx是参数．则3cos2sin12xy．令t3cos2sin，得tt32cossin，tt32)sin(121)sin(1322tt433433t．所以433maxt，433mint．即12xy的最大值为433，最小值为433．此时)cos(52sin2cos22yx．所以yx2的最大值为52，最小值为52．(法 2)设kxy12，则02kykx．由于),(yxP是圆上点，当直线与圆有交点时，如图所示，两条切线的斜率分别是最大、最小值．由11222kkkd，得433k．所以12xy的最大值为433，最小值为433．令tyx2，同理两条切线在x轴上的截距分别是最大、最小值．由152md，得52m．所以yx2的最大值为52，最小值为52． 学无止境最全文档整理例 20：已知)0,2(A，)0, 2(B，点P在圆4)4()3(22yx上运动，则22PBPA的最小值是. 解：设),(yxP，则828)(2)2()2(222222222OPyxyxyxPBPA.设圆心为)4, 3(C，则325minrOCOP，∴22PBPA的最小值为268322. 练习：1：已知点),(yxP在圆1) 1(22yx上运动 . （1）求21xy的最大值与最小值； （2）求yx2的最大值与最小值. 解： （1）设kxy21，则k表示点),(yxP与点（ 2，1）连线的斜率 .当该直线与圆相切时，k取得最大值与最小值.由1122kk，解得33k，∴21xy的最大值为33，最小值为33. （2）设myx2，则m表示直线myx2在y轴上的截距 . 当该直线与圆相切时，m取得最大值与最小值.由151m，解得51m，∴yx2的最大值为51，最小值为51. 2 设点),(yxP是圆122yx是任一点，求12xyu的取值范围．分析一： 利用圆上任一点的参数坐标代替x、y，转化为三角问题来解决．解法一： 设圆122yx上任一点)sin,(cosP则有cosx，siny)2,0[∴1cos2sinu，∴2sincosuu∴)2(sincosuu．即2)sin(12uu（utan）∴1)2()sin(2uu．又∵1)sin(∴1122uu解之得：43u． 学无止境最全文档整理分析二：12xyu的几何意义是过圆122yx上一动点和定点)2,1(的连线的斜率，利用此直线与圆122yx有公共点，可确定出u的取值范围．解法二： 由12xyu得：) 1(2xuy，此直线与圆122yx有公共点，故点)0,0(到直线的距离1d．∴1122uu解得：43u．另外，直线)1(2xuy与圆122yx的公共点还可以这样来处理：由1)1(222yxxuy消去y后得：0)34()42() 1(2222uuxuuxu，此方程有实根，故0)34)(1(4)42(2222uuuuu，解之得：43u．说明： 这里将圆上的点用它的参数式表示出来，从而将求变量u的范围问题转化成三角函数的有关知识来求解．或者是利用其几何意义转化成斜率来求解，使问题变得简捷方便．3、已知点)2, 4(),6, 2(),2,2(CBA，点P在圆422yx上运动，求222PCPBPA的最大值和最小值.类型八：轨迹问题例 21、基础训练：已知点M与两个定点)0,0(O，)0 ,3(A的距离的比为21，求点M的轨迹方程 . 例 22、已知线段AB的端点B的坐标是 （4，3） ，端点A在圆4)1(22yx上运动，求线段AB的中点M的轨迹方程 . 例 23 如图所示， 已知圆422yxO：与y轴的正方向交于A点，点B在直线2y上运动，过B做圆O的切线，切点为C，求ABC垂心H的轨迹． 学无止境最全文档整理分析： 按常规求轨迹的方法，设),(yxH，找yx ,的关系非常难．由于H点随B，C点运动而运动，可考虑H，B，C三点坐标之间的关系．解： 设),(yxH，),(''yxC，连结AH，CH，则BCAH，ABCH，BC是切线BCOC，所以AHOC //，OACH //，OCOA，所以四边形AOCH是菱形．所以2OACH，得.,2''xxyy又),(''yxC满足42'2'yx，所以)0(4)2(22xyx即是所求轨迹方程．说明： 题目巧妙运用了三角形垂心的性质及菱形的相关知识．采取代入法求轨迹方程．做题时应注意分析图形的几何性质，求轨迹时应注意分析与动点相关联的点，如相关联点轨迹方程已知，可考虑代入法．例 24 已知圆的方程为222ryx， 圆内有定点),(baP， 圆周上有两个动点A、B， 使PBPA，求矩形APBQ的顶点Q的轨迹方程．分析： 利用几何法求解，或利用转移法求解，或利用参数法求解．解法一： 如图，在矩形APBQ中，连结AB，PQ交于M，显然ABOM，PQAB，在直角三角形AOM中，若设),(yxQ，则)2,2(byaxM． 学无止境最全文档整理由222OAAMOM，即22222])()[(41)2()2(rbyaxbyax，也即)(222222baryx，这便是Q的轨迹方程．解法二： 设),(yxQ、),(11yxA、),(22yxB，则22121ryx，22222ryx．又22ABPQ，即)(22)()()()(2121222122122yyxxryyxxbyax．①又AB与PQ的中点重合，故21xxax，21yyby，即)(22)()(2121222yyxxrbyax②①＋②，有)(222222baryx．这就是所求的轨迹方程．解法三： 设)sin,cos(rrA、)sin,cos(rrB、),(yxQ，由于APBQ为矩形，故AB与PQ的中点重合，即有coscosrrax，①sinsinrrby，②又由PBPA有1cossincossinarbrarbr③联立①、②、③消去、，即可得Q点的轨迹方程为)(222222baryx．说明： 本题的条件较多且较隐含，解题时，思路应清晰，且应充分利用图形的几何性质，否则，将使解题陷入困境之中．本题给出三种解法．其中的解法一是几何方法，它充分利用了图形中隐含的数量关系．而解法二与解法三，从本质上是一样的，都可以称为参数方法．解法二涉及到了1x、2x、1y、2y四个参数，故需列出五个方程；而解法三中， 由于借助了圆222ryx的参数方程， 只涉及到两个参数、，故只需列出三个方程便可．上述三种解法的共同之处是，利用了图形的几何特征，借助数形结合的思想方法求解． 学无止境最全文档整理练习：1、由动点P向圆122yx引两条切线PA、PB，切点分别为A、B，APB=600，则动点P的轨迹方程是. 解：设),(yxP.∵APB=600，∴OPA=300.∵APOA，∴22OAOP，∴222yx，化简得422yx，∴动点P的轨迹方程是422yx. 练习巩固：设)0)(0 ,(),0,(ccBcA为两定点，动点P到A点的距离与到B点的距离的比为定值)0(aa，求P点的轨迹 . 解：设动点P的坐标为),(yxP.由)0(aaPBPA，得aycxycx2222)()(，化简得0)1()1(2)1()1(2222222acxacyaxa. 当1a时，化简得01)1(222222cxaacyx，整理得222222)12()11(aacycaax；当1a时，化简得0x. 所以当1a时，P点的轨迹是以)0,11(22caa为圆心，122aac为半径的圆；当1a时，P点的轨迹是y轴. 2、已知两定点)0,2(A，)0 , 1(B，如果动点P满足PBPA2，则点P的轨迹所包围的面积等于解 ： 设 点P的 坐 标 是),(yx. 由PBPA2， 得2222)1(2)2(yxyx， 化 简 得4)2(22yx，∴点P的轨迹是以（ 2，0）为圆心， 2 为半径的圆，∴所求面积为4. 4、已知定点)0,3(B，点A在圆122yx上运动，M是线段AB上的一点，且MBAM31，问点M的轨迹是什么？解：设),(),,(11yxAyxM.∵MBAM31，∴),3(31),(11yxyyxx， 学无止境最全文档整理∴yyyxxx31)3(3111，∴yyxx3413411.∵点A在圆122yx上运动，∴12121yx，∴1)34()134(22yx，即169)43(22yx，∴点M的轨迹方程是169)43(22yx. 例 5、已知定点)0 ,3(B，点A在圆122yx上运动，AOB的平分线交AB于点M，则点M的轨迹方程是. 解：设),(),,(11yxAyxM.∵OM是AOB的平分线，∴31OBOAMBAM， ∴MBAM31.由变式1 可得点M的轨迹方程是169)43(22yx. 练习巩固：已知直线1kxy与圆422yx相交于A、B两点，以OA、OB为邻边作平行四边形OAPB，求点P的轨迹方程 . 解：设),(yxP，AB的中点为M.∵OAPB是平行四边形，∴M是OP的中点，∴点M的坐标为)2,2(yx， 且ABOM. ∵ 直 线1kxy经 过 定 点)1 ,0(C， ∴CMOM， ∴0) 12(2)2() 12,2()2,2(2yyxyxyxCMOM，化简得1) 1(22yx.∴点P的轨迹方程是1) 1(22yx.类型九：圆的综合应用例 25、 已知圆0622myxyx与直线032yx相交于P、Q两点，O为原点，且OQOP，求实数m的值．分析： 设P、Q两点的坐标为),(11yx、),(22yx，则由1OQOPkk，可得02121yyxx，再利用一元二次方程根与系数的关系求解．或因为通过原点的直线的斜率为xy，由直线l与圆的方程构造以xy为未知数的一元二次方程，由根与系数关系得出OQOPkk的值，从而使问题得以解决．解法一： 设点P、Q的坐标为),(11yx、),(22yx．一方面，由OQOP，得1OQOPkk，即12211xyxy，也即：02121yyxx．①另一方面，),(11yx、),(22yx是方程组0603222myxyxyx的实数解，即1x、2x是方 学无止境最全文档整理程02741052mxx②的两个根．∴221xx，527421mxx．③又P、Q在直线032yx上，∴])(39[41)3(21)3(2121212121xxxxxxyy．将③代入，得51221myy．④将③、④代入①，解得3m，代入方程②，检验0成立，∴3m．解法二： 由直线方程可得yx23，代入圆的方程0622myxyx，有0)2(9)6)(2(31222yxmyxyxyx，整理，得0)274()3(4)12(22ymxymxm．由于0x，故可得012)3(4))(274(2mxymxym．∴OPk，OQk是上述方程两根．故1OQOPkk．得127412mm，解得3m．经检验可知3m为所求．说明： 求解本题时，应避免去求P、Q两点的坐标的具体数值．除此之外，还应对求出的m值进行必要的检验，这是因为在求解过程中并没有确保有交点P、Q存在．解法一显示了一种解这类题的通法，解法二的关键在于依据直线方程构造出一个关于xy的二次齐次方程，虽有规律可循，但需一定的变形技巧，同时也可看出，这种方法给人以一种淋漓酣畅，一气呵成之感．例 26、已知对于圆1) 1(22yx上任一点),(yxP，不等式0myx恒成立，求实数m的取值范围．分析一： 为了使不等式0myx恒成立， 即使myx恒成立， 只须使myxmin)(就行了．因此只要求出yx的最小值，m的范围就可求得．解法一： 令yxu，由1)1(22yxuyx 学无止境最全文档整理得：0) 1(2222uyuy∵0且228)1(4uu，∴0) 12(42uu．即0) 122uu，∴2121u，∴21minu，即21)(minyx又0myx恒成立即myx恒成立．∴myx21)(min成立，∴12m．分析二：设圆上一点)sin1,(cosP[因为这时P点坐标满足方程1)1(22yx]问题转化为利用三解问题来解．解法二： 设圆1) 1(22yx上任一点)sin1,(cosP)2,0[∴cosx，sin1y∵0myx恒成立∴0sin1cosm即)sincos1(m恒成立．∴只须m不小于)sincos1(的最大值．设1)4sin(21)cos(sinu∴12maxu即12m．说明： 在这种解法中，运用了圆上的点的参数设法．一般地，把圆222)()(rbyax上的点设为)sin,cos(rbra()2,0[)．采用这种设法一方面可减少参数的个数，另一方面可以灵活地运用三角公式．从代数观点来看，这种做法的实质就是三角代换．例 27 有一种大型商品，A、B两地都有出售，且价格相同．某地居民从两地之一购得商品后运回的费用是：每单位距离A地的运费是B地的运费的3 倍．已知A、B两地距离为10 公里，顾客选择A地或B地购买这种商品的标准是：包括运费和价格的总费用较低．求A、B两地的售货区域的分界线的曲线形状，并指出曲线上、曲线内、曲线外的居民应如何选择购货地点．分析： 该题不论是问题的背景或生活实际的贴近程度上都具有深刻的实际意义和较强的应用意识，启示我们在学习中要注意联系实际，要重视数学在生产、生活以及相关学科的应用．解题时要 学无止境最全文档整理明确题意，掌握建立数学模型的方法．解： 以A、B所确定的直线为x轴，AB的中点O为坐标原点，建立如图所示的平面直角坐标系．∵10AB，∴)0,5(A，)0,5(B．设某地P的坐标为),(yx， 且P地居民选择A地购买商品便宜， 并设A地的运费为a3元 /公里，B地的运费为a元 /公里．因为P地居民购货总费用满足条件：价格＋A地运费≤价格＋B地的运费即：2222)5()5(3yxayxa．∵0a，∴2222)5()5(3yxyx化简整理得：222)415()425(yx∴以点)0,425(为圆心415为半径的圆是两地购货的分界线．圆内的居民从A地购货便宜， 圆外的居民从B地购货便宜， 圆上的居民从A、B两地购货的总费用相等．因此可随意从A、B两地之一购货．说明： 实际应用题要明确题意，建议数学模型． 。