解决排列组合中涂色问题的常见方法及策略专题讲座与涂色问题有关的试题新颖有趣,其中包含着丰富的数学思想解决涂色问题方法技巧 性强且灵活多变，故这类问题的利于培养学生的创新思维能力、分析问题与观察问题的能 力，有利于开发学生的智力本文拟总结涂色问题的常见类型及求解方法一、区域涂色问题1、根据分步计数原理，对各个区域分步涂色，这是处理染色问题的基本方法例1、 用5种不同的颜色给图中标①、②、③、④的各部分涂色，每部分只涂一种 颜色，相邻部分涂不同颜色，则不同的涂色方法有多少种？①③④②①③④②分析：先给①号区域涂色有5种方法，再给②号涂色有4种方法，接着给③号涂色方 法有3种，由于④号与①、②不相邻，因此④号有4种涂法，根据分步计数原理，不同的 涂色方法有5 x 4 x 3 x 4 = 2402、根据共用了多少种颜色讨论，分别计算出各种出各种情形的种数，再用加法原理 求出不同的涂色方法种数例2、（2003江苏卷）四种不同的颜色涂在如图所示的6个区域，且相邻两个区域不 能同色分析：依题意只能选用4种颜色，要分四类：（1） ②与⑤同色、④与⑥同色，则有A4 ； /一⑤（2） ③与⑤同色、④与⑥同色，则有A4 ； （3）②与⑤同色、③与⑥同色 （4）③与⑤同色、②与④同色，则有A4 ；（5）②与④同色、③与⑥同色，则有A4 ； 所以根据加法原理得涂色方法总数为5 A4 =120例3、（2003年全国高考题）如图所示，一个地区分为5个行政区域，现给地图着色，要求相邻区域不得使用同一颜色，现有4种颜色可供选择，则不同的着方法共有多少种？分析：依题意至少要用3种颜色1）当先用三种颜色时，区域2与4必须同色2）区域3与5必须同色，故有A3种;213323）当用四种颜色时，若区域2与4同色， 4）则区域3与5不同色，有穹种若区域3与5同色，则区域2与4不同色，有弯种，故用四种颜色时共有2弯种。
由加法原理可知满足题意的着色方法共有肖+2弯=24+2x 24=723、根据某两个不相邻区域是否同色分类讨论，从某两个不相邻区域同色与不同色入 手，分别计算出两种情形的种数，再用加法原理求出不同涂色方法总数例4用红、黄、蓝、白、黑五种颜色涂在如图所示的四个区域内，每个区域涂一 种颜色，相邻两个区域涂不同的颜色，如果颜色可以反复使用，共有多少种不同可把问题分为三类:分析:（1）（2）的涂色方法?四格涂不同的颜色，方法种数为A4 ； 5有且仅两个区域相同的颜色，即只有一组对角小方格涂相同的颜色，涂法种数为2CiA2 ；5 45）两组对角小方格分别涂相同的颜色，涂法种数为A；，因此，所求的涂法种数为A2+2C1A2+ A2 = 2605 5 4 54、根据相间区使用颜色的种类分类例5如图，6个扇形区域A、B、C、D、E、F，现给这6个区域着色，要求同一现有4种不同的颜色区域涂同一种颜色，相邻的两个区域不得使用同一种颜色，可气解（1）当相间区域A、C、E着同一种颜色时，有4种着色方法，此时，B、D、F各有3种着色方法， 此时，B、D、F各有3种着色方法故有4x3x3x3 = 108 种方法⑵当相间区域A、C、E着色两不同的颜色时，有C32A：种着色方法，此时B、D、F有3x 2x 2种着色方法，故共有C2A2 x 3x 2x 2 = 432种着色方法。
3）当相间区域A、C、E着三种不同的颜色时有A3种着色方法，此时B、D、 4F各有2种着色方法此时共有A3 x 2 x 2 x 2 = 192种方法故总计有108+432+192=732种方法说明：关于扇形区域区域涂色问题还可以用数列中的递推公来解决不同色，…，An_1如：如图，把一个圆分成n（n > 2）个扇形，每个扇形用红、白、蓝、黑四色之一染色，要求相邻扇形不同色，有多少种染色方法?解：设分成n个扇形时染色方法为气种（1） 当 n=2 时 A、A 有 A2 =12 种，即 a =121 2 4 2（2）当分成n个扇形，如图，A与A不同色，A与A1 2 2 3与A不同色，共有4X3n-1种染色方法，但由于A与A邻K，所以应排除A与A n n 1 n 1同色的情形；A与A同色时，可把A、A看成一个扇形，与前n-2个扇形加在一起为 n1 n 1n -1个扇形，此时有a种染色法，故有如下递推关系：n-1a = 4 x 3n-1 — a:.a =—a 1 + 4x3n-1 = —(—a 2 + 4x3n-2) + 4x3n-1=a - 4 x 3n-2 + 4 x 3n- 1 = -a + 4 x 3〃- 3- 4 x 3〃- $4 x 3〃- 1 n-2 n-3= =4 X [3n 1 - 3n-2 + + （-1）n X 3]=（-1）n X 3 + 3n• • • • • •二、点的涂色问题方法有：（1）可根据共用了多少种颜色分类讨论，（2）根据相对顶点是否同色分类讨 论，（3）将空间问题平面化，转化成区域涂色问题。
例6、将一个四棱锥S - ABCD的每个顶点染上一种颜色，并使同一条棱的两端点异 色，如果只有5种颜色可供使用，那么不同的染色方法的总数是多少？解法一：满足题设条件的染色至少要用三种颜色1） 若恰用三种颜色，可先从五种颜色中任选一种染顶点S，再从余下的 四种颜色中任选两种涂A、B、C、D四点，此时只能A与C、B与D 分别同色，故有C5 A; = 60种方法2） 若恰用四种颜色染色，可以先从五种颜色中任选一种颜色染顶点S，再从余下的四种颜色中任选两种染A与B,由于A、B颜色可以交换，故有人2种染法；再从余下的两种颜色中任选一种染D或C，而D与 4C，而D与C中另一个只需染与其相对顶点同色即可，故有C1A2C1C1 = 240 种方法5 4 2 2（3） 若恰用五种颜色染色，有人5 =120种染色法5综上所知，满足题意的染色方法数为60+240+120=420种解法二：设想染色按S—A—B—C—D的顺序进行，对S、A、B染色，有5 x 4 x 3 = 60 种染色方法由于C点的颜色可能与A同色或不同色，这影响到D点颜色的选取方法数， 故分类讨论：C与A同色时（此时C对颜色的选取方法唯一），D应与A（C）、S不同色，有3 种选择；C与A不同色时，C有2种选择的颜色，D也有2种颜色可供选择，从而对C、 D染色有1x3 + 2x 2 = 7种染色方法。
由乘法原理，总的染色方法是60 x 7 = 420DCB解法三：可把这个问题转化成相邻区域不同色问题：如图， 对这五个区域用5种颜色涂色，有多少种不同的涂色方法？ 解答略三、线段涂色问题对线段涂色问题，要注意对各条线段依次涂色，主要方法有：1） 根据共用了多少颜色分类讨论2） 根据相对线段是否同色分类讨论例7、用红、黄、蓝、白四种颜色涂矩形ABCD的四条边，每条边只涂一种颜色， 且使相邻两边涂不同的颜色，如果颜色可以反复使用，共有多少种不同的涂色方 法？ 解法一：⑴使用四颜色共有弯种（2） 使用三种颜色涂色，则必须将一组对边染成同色，故有C1C142种，4 2 3（3） 使用二种颜色时，则两组对边必须分别同色，有42种4因此，所求的染色方法数为4： + C;C;4; + 42 = 84种解法二：涂色按AB-BC-CD-DA的顺序进行，对AB、BC涂色有4x3 = 12 种涂色方法由于CD的颜色可能与AB同色或不同色，这影响到DA颜色的选取方法数，故分类讨论：当CD与AB同色时，这时CD对颜色的选取方法唯一，则DA有3种 颜色可供选择CD与AB不同色时，CD有两种可供选择的颜色，DA也有两种 可供选择的颜色，从而对CD、DA涂色有1x3 + 2x 2 = 7种涂色方法。
由乘法原理，总的涂色方法数为12 x 7 = 84种例8、用六种颜色给正四面体A-BCD的每条棱染色，要求每条棱只染一种颜色 且共顶点的棱涂不同的颜色，问有多少种不同的涂色方法？解：（1）若恰用三种颜色涂色，则每组对棱必须涂同一颜色，而这三组间的颜色不 同，故有A3种方法6（2） 若恰用四种颜色涂色，则三组对棱中有二组对棱的组内对棱涂同色，但组与组之间不同色，故有C3 A4种方法66（3） 若恰用五种颜色涂色，则三组对棱中有一组对棱涂同一种颜色，故有C1A536 种方法4） 若恰用六种颜色涂色，则有A6种不同的方法6综上，满足题意的总的染色方法数为A; + C2A4 + C3A5 + A6 = 4080种四、面涂色问题例9、从给定的六种不同颜色中选用若干种颜色，将一个正方体的6个面涂色，每两 个具有公共棱的面涂成不同的颜色，则不同的涂色方案共有多少种？分析：显然，至少需要3三种颜色，由于有多种不同情况，仍应考虑利用加法原理分类、乘法原理分步进行讨论解：根据共用多少种不同的颜色分类讨论（1） 用了六种颜色，确定某种颜色所涂面为下底面，则上底颜色可有5种选择，在 上、下底已涂好后，再确定其余4种颜色中的某一种所涂面为左侧面，则其余3个面 有3！种涂色方案，根据乘法原理n1 = 5 x 3!= 30（2） 共用五种颜色，选定五种颜色有C5 = 6种方法，必有两面同色（必为相对面），确定为上、下底面，其颜色可有5种选择，再确定一种颜色为左侧面，此时的方法数 取决于右侧面的颜色，有3种选择（前后面可通过翻转交换）n2 = C 5 x 5 x 3 = 90(3)共用四种颜色，仿上分析可得n3 = C 44 C 2 = 90(4)共用三种颜色,n 4C 3 = 204例10、四棱锥P- ABCD，用4种不同的颜色涂在四棱锥的各个面上，要求相邻不同色，有多少种涂法？B解：这种面的涂色问题可转化为区域涂色问题，如右图，区域1、2、3、4相当于四个 侧面，区域5相当于底面；根据共用颜色多少分类：(1) 最少要用3种颜色，即1与3同色、2与4同色，此时有A3种;4(2) 当用4种颜色时，1与3同色、2与4两组中只能有一组同色，此时有C1A4 ；2 4故满足题意总的涂色方法总方法交总数为A： + C; A4 = 72。