《2017-2018学年高二物理上学期期末复习备考之精准复习模拟试题（b卷）（培优版）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2017-2018学年高二物理上学期期末复习备考之精准复习模拟试题（b卷）（培优版）（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、期末复习精准模拟试题（培优版）（B卷）考试范围：选修3-1、选修3-2第四章、第五章；考试时间：90分钟学校:_姓名：_班级：_考号：_注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）评卷人得分一、单选题（本大题共8小题，每小题4分，共32分）1下列图示中，正方形闭合线圈始终在匀强磁场中运动，线圈中能产生感应电流的是( ) A. 水平方向匀速运动 B. 水平方向匀速运动C. 绕O点在纸面内移动 D. 绕轴OO转动2如图所示，在一真空区域中，AB、CD是圆O的两条直径，在A、B两点上各放置电荷量为Q和Q的点电荷，设C、D两点的电场强度分别为EC、E
2、D，电势分别为、，下列说法正确的是 （ ） A. EC与ED相同， 与相等B. EC与ED不相同， 与相等C. EC与ED相同， 与不相等D. EC与ED不相同， 与不相等3如图所示，在竖直放置的光滑半圆形绝缘细管的圆心O处放一点电荷。现将质量为m、电荷量为q的小球从半圆形管的水平直径端点A静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力。若小球所带电量很小，不影响O点处的点电荷的电场，则置于圆心处的点电荷在B点处的电场强度的大小为（ ）A. B. C. D. 4如图所示，E=10V，R1=4，R2=6，C=30F，电池内阻可忽略。S原来闭合然后将开关S断开，这个过程中流过R1的总电荷量为
3、（ ）A. 1.210-4C B. 3.010-4C C. 1.810-4C D. 05如图所示，一水平导线通以电流I，导线下方有一带正电的微粒（不计重力），初速度方向与电流平行，关于微粒的运动情况，下述说法中，正确的是（ ）A. 沿路径a运动，其轨道半径越来越大B. 沿路径a运动，其轨道半径越来越小C. 沿路径b运动，其轨道半径越来越大D. 沿路径b运动，其轨道半径越来越小66如图所示，把一重力不计的通电直导线水平放在蹄形磁铁磁极的正上方，导线可以自由移动，当导线通过图示方向电流I时，导线的运动情况是（从上往下看）（）A. 顺时针方向转动，同时下降B. 顺时针方向转动，同时上升C. 逆时针方
4、向转动，同时下降D.逆时针方向转动，同时上升7如图所示为航母上电磁弹射装置的等效电路图（俯视图），匀强磁场垂直轨道平面向上，先将开关拨到a给超级电容器C充电，然后将开关拨到b可使电阻很小的导体棒EF沿水平轨道弹射出去，则下列说法正确的是A. 电源给电容器充电后，M板带正电B. 若轨道足够长，电容器将放电至电量为0C. 在电容器放电过程中，电容器的电容不断减小D. 在电容器放电过程中，电容器两端电压不断减小8在匀强磁场中有一不计电阻的矩形线圈，绕垂直磁场的轴匀速转动，产生如图甲所示的正弦交流电，把该交流电接在图乙中理想变压器的A、B两端，电压表和电流表均为理想电表，Rt为热敏电阻（温度升高时其电
5、阻减小），R为定值电阻。下列说法正确的是A. 在t=0.01s时，穿过该矩形线圈的磁通量的变化率为零B. 变压器原线圈两端电压的瞬时值表达式为C. Rt处温度升高时，由于变压器线圈匝数比不变，所以电压表V1、V2的比值不变D. Rt处温度升高时，电流表的示数变小，变压器输入功率变大评卷人得分二、多项选择题（本大题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）9如图所示是两个横截面分别为圆和正方形但磁感应强度均相同的匀强磁场，圆的直径D等于正方形的边长，两个电子分别以相同的速度飞入两个磁场区域，速度方向均与磁场
6、方向垂直，进入圆形磁场区域的速度方向对准了圆心，进入正方形磁场区域的方向是沿一边的中点且垂直于边界线，则下列判断正确的是 ( )A. 两电子在两磁场中运动时，其半径一定相同B. 两电子在两磁场中运动的时间一定不相同C. 进入圆形磁场区域的电子一定先飞离磁场D. 进入圆形磁场区域的电子一定不会后飞出磁场10如图所示电路中，电源的电动势、内阻及各电阻的阻值都标记在图中，当滑动变阻器R3的滑片P向a端移动时,以下说法中正确的是（ ）A. 电压表示数变小，电流表示数变小B. 电阻R1两端的电压减小C. 电源的总功率减少但电源的输出功率增大D. 如果设定流过电阻R2电流变化量的绝对值为，流过滑动变阻器R
7、3的电流变化量的绝对值为，则11如图所示为远距离交流输电的简化电路图，发电厂的输出电压是U，用等效总电阻是r的两条输电线输电，输电线路中的电流是I1，其末端间的电压为U1在输电线与用户间连有一理想变压器，流入用户端的电流为I2则（） A. 用户端的电压为B. 输电线上的电压降为U-U1C. 理想变压器的输入功率为I12rD. 输电线路上损失的电功率为I12r12如图所示的电路中，三个灯泡L1、L2、L3的电阻关系为R1R2R3，电感L的电阻和电源的内阻可忽略， D为理想二极管。电键K从闭合稳定状态突然断开时，下列判断不正确的是 ( )A. L2逐渐变暗B. L1先变亮，然后逐渐变暗C. L3先
8、变亮，然后逐渐变暗D. L3立即熄灭第II卷（非选择题）评卷人得分三、实验题（本大题共2题，共10分，其中13题4分，14题6分）13在做“用电流表和电压表测一节干电池的电动势和内电阻”的实验时（1）某同学连接的实物图如右图所示，但当电键闭合时发现电压表有示数而电流表没有示数，实验前仪器都检查过是好的，也就是说只可能是某根连接导线断了，那么，请你分析一下，可能发生断路故障的导线是_（写出所有可能断的导线的编号）（2）某同学在实验时使用的电流表量程为00.6 A，电压表量程为03 V，并加接了一个已知阻值的定值电阻R0，如图甲所示，试说明他加接此电阻的作用是_。（3）如果某同学把R0接到图乙位置
9、，那么他改变滑动变阻器的阻值，测出两组对应的电流表和电压表示数后，还能算出电池的电动势和内电阻吗？并说明简要理由_14某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率。步骤如下：（1)用螺旋测微器测量其直径如右上图，由图可知其直径为_mm； （2）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图，可知其长度为_mm；（3）用多用电表的电阻“10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为_ 。（4）某同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程04mA，内阻约50）电流表A2（量程010mA，内阻约30）电压表V1（量程03V
10、，内阻约10k）电压表V2（量程015V，内阻约25k）直流电源E(电动势4V，内阻不计)滑动变阻器R1（阻值范围015，允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围02k，允许通过的最大电流0.5A）开关S，导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析请在框中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号_；评卷人得分四、解答题（本大题共4题，共38分，。其中15题、16题8分，17题10分，18题12分）15在右图所示的电路中，电阻R1=12,R2=R3=R4=6.0。当电键K打开时，电压表的示数为12V，全电路消耗的电功率为13W。求电键K闭合后，电压表及电流表的示数各是多大？（电
11、流表的内阻忽略不计，电压表的内阻非常大）16如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n1:n2=10:1，定值电阻R1、R2均为。在原线圈接电压随时间变化规律为u的交流电源，开关S保持闭合。试求：(1)原线圈两端交流电压的最大值和频率f (2)理想电压表的示数U和变压器的输入功率P入(3)当S由闭合变为断开后，电流表的示数变为原来的几倍？17如图所示，在一倾角为37的粗糙绝缘斜面上，静止地放置着一个正方形单匝线圈ABCD，E、F分别为AB、CD的中点，线圈总电阻、总质量、正方形边长如果向下轻推一下此线圈，则它刚好可沿斜面匀速下滑现在将线圈静止放在斜面上后，在虚线EF以下的区域中，加上垂直斜面向内
12、的、磁感应强度大小按图中所示规律变化的磁场，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin37=0.6，cos37=0.8，取g=10m/s2求： （1）线圈与斜面间的动摩擦因数；（2）线圈在斜面上保持静止时，线圈中产生的感应电流大小与方向；（3）线圈刚要开始运动时t的大小18坐标原点O处有一点状的放射源，它向xoy平面内的x轴上方各个方向发射粒子，粒子的速度大小都是v0，在0yd的区域内分布有指向y轴正方向的匀强电场，场强大小为，其中q与m分别为粒子的电量和质量；在的区域内分布有垂直于xoy平面的匀强磁场.ab为一块很大的平面感光板，放置于处，如图所示.观察发现此时恰无粒子打到ab板上.（不考虑a粒
13、子的重力）（1）求粒子刚进人磁场时的动能；（2）求磁感应强度B的大小；（3）将ab板平移到什么位置时所有粒子均能打到板上?并求出此时ab板上被粒子打中的区域的长度. 1D【解析】线框平行于磁场感应线运动，穿过线框的磁通量没有变化，不会产生感应电流，A错误；线框整体垂直于磁感线运动，虽然切割磁感线，但穿过的磁通量没有变化，因此也不会产生感应电流，B错误；线框绕轴转动，但穿过的磁通量为零，且始终为零，因此也不会产生感应电流，故C错误；线框绕轴转动，导致磁通量发生变化，因此线框产生感应电流，故D正确2C 3C【解析】试题分析：小球沿细管滑到最低点B过程中，只有重力做功，小球的机械能守恒小球到达B点时
14、对管壁恰好无压力，则由重力和点电荷对的电场力的合力提供向心力，根据机械能守恒定律求出小球到达B点时的速度，由牛顿第二定律求出场强的大小由于在点电荷电场中，到点电荷相等距离的圆面是一个等势面，上面的点的电势相同，所以在上面移动带电物体，电场力不做功，设细管的半径为R，小球到达B点时速度大小为故小球从A滑到B的过程，由机械能守恒定律得，在B点重力和电场力的合力充当向心力，根据牛顿第二定律可得，联立解得，C正确4A【解析】试题分析：分别求出S断开与接通电容器两端的电压，然后根据，求解电容器上电荷量的变化量，开关断开后，稳定时电路中没有电流，电容器的电压等于电源的电动势，所以电容器的电压增大，将要通过R1充电，流过R1的电荷量等于电容器所充电的电量，即两个状态电量的变化量闭合开关S后，电容器两端的电压与两端的电压相等，有，将开关S断开后，电容器两端的电压与电源的电动势相等，有，故流过的总电量为，故A正确5D【解析】由右手螺旋定则可知，在直导线的下方的磁场的方向为垂直纸面向外，根据左手定则可以得知正电的微粒受到的力向上，所以微粒沿路径b运动；通电直导线电流产生的磁场是以直导线为中心向四周发散的,离导线越近,电流产生的磁场的磁感应强度越大,由半径公式可知，微粒的运动的轨迹半径
