《山东省泰安市泰安第四中学2018-2019学年高二物理3月份月考试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《山东省泰安市泰安第四中学2018-2019学年高二物理3月份月考试题（含解析）（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、山东省泰安第四中学2018-2019学年高二3月份月考物理试题一、单选题1.一矩形线圈，绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动，线圈中的感应电动势e随时间t的变化规律如图所示，下列说法中正确的是（）A. 时刻通过线圈的磁通量的绝对值最大B. 时刻通过线圈的磁通量的绝对值最大C. 时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大D. 每当e变换方向时，通过线圈感应电动势都为最大【答案】A【解析】【详解】A、t1时刻感应电动势为零，线圈通过中性面，磁通量最大，故A正确； B、由图t2时刻，感应电动势为最大值，通过线圈的磁通量为零，故B错误； C、t3时刻感应电动势为零，磁通量的变化率为零，故C错误；
2、D、每当e转换方向时，线圈与磁场垂直，线圈通过中性面时，磁通量最大，磁通量的变化率为零，通过线圈的感应电动势为零，故D错误；2.如图所示，理想变压器的原线圈接在u=2202sin100t（V）的交流电源上，副线圈接有R=55的负载电阻，原、副线圈匝数之比为2：1，电流表、电压表均为理想电表。下列说法正确的是（）A. 原线圈的输入功率为2202WB. 电流表的读数为1AC. 电压表的读数为1102VD. 副线圈输出交流电的周期为50s【答案】B【解析】【分析】根据原线圈中交流电的表达式，可知原线圈电压的有效值和交流电的周期，由变压器原理可得副线圈上的电压和电流，根据理想变压器P入=P出可得原线圈
3、的输入功率。【详解】A、由题意知，原线圈电压有效值为220V，原、副线圈匝数之比为2：1，由变压器原理可得：U2=n2n1U1=110V，所以电压表的示数为110V，副线圈的电流为，I2=U2R=11055A=2A，原线圈中的输入功率为P入=P出=U2I2=220W，故A、C错误。B、由n1I1=n2I2可得，原线圈中的电流I1=1A，即电流表的读数为1A，故B正确。D、由u=2202sint(V)可知，角速度=rad/s，则周期T=2，解得副线圈输出交流电的周期为：T=2s，理想变压器不改变周期，故D错误。故选：B3. 一束单色光由空气进入水中，则该光在空气和水中传播时A. 速度相同，波长相
4、同B. 速度不同，波长相同C. 速度相同，频率相同D. 速度不同，频率相同【答案】D【解析】不同的单色光频率不相同，同一单色光在不同的介质内传播过程中，光的频率不会发生改变；由公式v=cn可以判断，水的折射率大于空气的，所以该单色光进入水中后传播速度减小。故选项D正确。【考点定位】光的传播、光速、波长与频率的关系【方法技巧】本题分析时要抓住光在不同介质中传播频率不变这个特征，应用公式v=cn公式分析光进入不同介质中的传播速度。【此处有视频，请去附件查看】4.如图所示，M是一个理想变压器，原、副线圈匝数之比n1：n2=10：1，接线柱a、b接一正弦交变电源，其电压为u=220sin100tV变压
5、器右侧部分为一火灾报警系统原理图，其中R2为用半导体热敏材料制成的传感器（电阻随温度升高而减小），R1为一定值电阻，所有电表均为理想电表。下列说法正确的是（）A. 电压表V1示数为22VB. 当R2所在处出现火警时，电压表V2的示数变小C. 当R2所在处出现火警时，电阻R1的功率变小D. 当R2所在处出现火警时，电流表A的示数变小【答案】B【解析】【分析】输出电压是由输入电压和匝数比决定的，电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可。【详解】由表达式可知，输入的电压有效值为1102V，变压器的电压与匝数成正比，由此可得副线圈的电压为112V，电压表V1示数为112V，故A
6、错误；当出现火警时，温度升高，电阻R2减小，副线圈的电流变大，所以R1的电压要增大，由于副线圈的总电压不变，所以R2的电压就要减小，电压表V2的示数变小，故B正确；当出现火警时，温度升高，电阻R2减小，副线圈的电流变大，所以R1的电压要增大，电阻R1的功率变大，故C错误；由B的分析可知，副线圈的电阻减小，副线圈的电流变大，根据n1n2=I2I1，可知原线圈的电流也就要增大，故D错误。所以B正确，ACD错误。【点睛】本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解。5.如图所示，图甲和图乙是演示自感现象的两个电路图，L1和L2为电感线圈。实验时
7、，断开开关S1瞬间，灯A1突然闪亮，随后逐渐变暗；闭合开关S2，灯A2逐渐变亮，而另一个相同的灯A3立即变亮，最终灯A2与灯A3的亮度相同。下列说法正确的是（ ）A. 图甲中，A1的电阻比L1的直流电阻大B. 图甲中，闭合开关S1，电路稳定后，A1中的电流大于L1中的电流C. 图乙中，变阻器R连入电路的电阻比L2的直流电阻大D. 图乙中，闭合开关S2瞬间，L2中的电流与变阻器R中的电流相等【答案】A【解析】【分析】闭合开关的瞬间，通过L的电流增大，产生自感电动势，根据楞次定律分析电流的变化，判断通过两灯电流的关系。待电路稳定后断开开关，线圈产生自感电动势，分析通过两灯的电流关系，判断两灯是否同
8、时熄灭。【详解】图甲中，断开S1的瞬间，A1灯闪亮，是因为电路稳定时，A1的电流小于L的电流，则可知L的电阻小于A1的电阻，故A正确；图甲中，闭合S1，电路稳定后，断开开关S1瞬间，灯A1突然闪亮，说明灯泡中的电流小于线圈中的电流，故B错误；图乙中，因为要观察两只灯泡发光的亮度变化，两个支路的总电阻相同，因两个灯泡电阻相同，所以变阻器R与L2的电阻值相同，故C错误；图乙中，闭合S2瞬间，L2对电流由阻碍作用，所以L2中电流小于变阻器R中电流，故D错误。所以A正确，BCD错误。【点睛】当通过线圈本身的电流变化时，线圈中会产生自感现象，这是一种特殊的电磁感应现象，可运用楞次定律分析自感电动势对电流
9、的影响。6.如图所示，真空中有一个半径为R、质量分布均匀的玻璃球，一细激光束在真空中沿直线BC传播，并与玻璃球表面的C点经折射进入玻璃球，在玻璃球表面的D点又经折射进入真空中，已知COD=120，激光束的入射角为=60，则下列说法中正确的是（）A. 玻璃球对该激光的折射率为3B. 该激光在玻璃中的波长是在真空中波长的3倍C. 该激光束的光子在玻璃球中的能量小于在真空中的能量D. 改变入射角，该激光束可能在玻璃球的内表面发生全反射【答案】A【解析】由几何知识得到激光束在C点的折射角r=30，则玻璃球对该激光束的折射率为n=sinsinr=sin60sin30=3，A正确；激光在玻璃中的传播速度为
10、v=cn=33c，根据v=f可知，激光由真空射入玻璃球时频率f不变，故波长与波速成正比，即该激光在玻璃中的波长是在真空中波长的33倍，B错误；根据激光光子的能量E=hf，可知h为常数，激光由真空射入玻璃球时频率f不变，故该激光束的光子在玻璃球中的能量等于在真空中的能量，C错误；激光束从C点进入玻璃球时，无论怎样改变入射角，折射角都小于临界角，根据几何知识可知光线在玻璃球内表面的入射角不可能大于临界角，所以都不可能发生全反射，D错误选A.【点睛】由几何知识得到激光束在C点的折射角，由折射定律求出折射率激光通过不同介质时频率不变由v=cn求出激光束在玻璃球中传播速度，由v=f可分析激光进入玻璃球的
11、波长与在真空中的波长关系；根据光路可知性原理分析可知，光束在D点不可能发生全反射结合不同色光折射率关系分析7.将如图所示规律变化的电压加在一阻值为5的电阻上，lmin内产生的热量为A. 300JB. 240JC. 180JD. 150J【答案】D【解析】据有效值定义可得：U12RT2+U22RT2=U2RT，代入数据解得，按如图所示规律变化的交流电电压有效值U=522V。将该电压加在一阻值为5的电阻上，lmin内产生的热量Q=U2Rt=5222560J=150J。故D项正确，ABC三项错误。点睛：有效值是根据电流热效应来规定的，让一个交流电流和一个直流电流分别通过阻值相同的电阻，如果在相同时间
12、内产生的热量相等，那么就把这一直流电的数值叫做这一交流电的有效值。计算电功率使用有效值，交流电表的读数是有效值。8.某棱镜顶角=41.30，一束白光以较大的入射角从棱镜的一个侧面射入，通过棱镜后从另一个侧面射出，在光屏上形成由红到紫的彩色光带（如图示）。当入射角i渐渐减小到零的过程中彩色光带变化情况是：（）色光紫蓝绿黄橙红折射率1.5321.5281.5191.5171.5141.513临界角40.7540.8841.1741.2341.3441.37A. 紫光最先消失，最后只剩下橙光、红光B. 紫光最先消失，最后只剩下黄、橙、红光C. 红光最先消失，最后只剩下紫、靛、蓝光D. 红光最先消失，
13、最后只剩下紫、靛、蓝光和绿光【答案】A【解析】【详解】由表格数据看出，紫光的折射率最大，临界角最小，当入射角1逐渐减小到零的过程中，折射角减小，光线射到棱镜右侧面的入射角增大，紫光的入射角最先达到临界角，发生全反射，最先消失；当入射角1减小到零时，光线射到棱镜右侧面的入射角等于=41.30，小于红光与橙光的临界角，所以这两种光不发生全反射，仍能射到光屏上。故最后光屏上只剩下红、橙两种色光。故A正确，BCD错误。二、多选题9.如图甲所示为一小型交流发电机的示意图，A为交流电流表，线圈绕垂直于磁场的水平轴OO沿逆时针方向匀速转动，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示，电阻R的阻值为1。下列说法
14、正确的是（ ）A. 电流表的示数为10 AB. 线圈转动的角速度为50 rad/sC. 0.01 s时线圈平面与中性面垂直D. 电阻R上的热功率为200W【答案】AC【解析】【分析】由题图乙可知交流电电流的最大值、周期，电流表的示数为有效值，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，根据P=I2R即可求出电阻R上的热功率。【详解】图乙可知交流电电流的最大值是Im=102A，则有效值为I=Im2=10A，由于电流表的示数为有效值，故示数I=10A，故A正确；角速度=2T=100rad/s，故B错误；0.01s时线圈中的感应电流达到最大，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，磁通量为0，故
15、线圈平面与磁场方向平行，故C错误；根据P=I2R，代入数据可得：P=I2R=1021W=100W，故D错误。所以AC正确，BD错误。【点睛】本题考查交变电流的产生及有效值的定义，要注意明确电流表示数、机器铭牌上所标的电流值、电压值等均为有效值。10.如图所示，一束光沿半径方向射向一块半圆柱形玻璃砖，在玻璃砖底面上的入射角为，经折射后射出a、b两束光线则A. 分别用a、b光在同一个双缝干涉实验装置上做实验，a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距B. 在真空中，a光的波长小于b光的波长C. 玻璃砖对a光的折射率小于对b光的折射率D. 若改变光束入射方向使角逐渐变大，则折射光线a首先消失【答案】BD【解析】从图中可知光线a的偏折程度大，根据折射定律公式1n=sinsinr，是入射角，r是折射角，可知a光的折射率大，故a光的频率大，波长小，根据公式x=Ld可知用同一装置做双缝干涉实验时a光的干涉条纹小于b光的干涉条件间距，AC错误；在真空中，根据公式=cf可得a光的波长小于b
