《广东省第二师范学院2018-2019学年高二物理下学期期中试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《广东省第二师范学院2018-2019学年高二物理下学期期中试题（含解析）（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、广东第二师范学院番禺附属中学2018学年第二学期中段测试题高二 物理一.选择题 1.关于电磁感应现象的有关说法中，正确的是（）A. 只要穿过闭合电路的磁通量不为零，闭合电路中就一定有感应电流产生B. 穿过闭合电路的磁通量变化越快，闭合电路中感应电动势越大C. 穿过闭合电路的磁通量越大，闭合电路中的感应电动势越大D. 穿过闭合电路的磁通量减少，则闭合电路中感应电流就减小【答案】B【解析】【详解】只有穿过闭合回路中磁通量发生变化时，闭合回路中才会产生感应电流，穿过闭合电路磁通量不为零，若磁通量不变化，没有感应电流产生，故A错误。 穿过闭合电路的磁通量变化越快，磁通量变化率越大，根据法拉第电磁感应定
2、律知，感应电动势越大，故B正确。穿过闭合电路的磁通量越大，闭合电路中的感应电动势不一定越大，故C错误。感应电流的大小取决于磁通量变化的快慢，磁通量减小时，若磁通量的变化率增大，则感应电流可能变大，故D错误；故选B。【点睛】本题的解题关键是准确理解并掌握法拉第电磁感应定律及感应电流的产生条件，要在准确二字上下功夫2.如图所示，绕在铁芯上的线圈、电源、滑动变阻器和电键组成闭合回路在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜环A，下列各种情况中铜环A中没有感应电流的是（）A. 线圈中通以恒定的电流B. 通电时，使变阻器的滑片P作匀速滑动C. 通电时，使变阻器的滑片P作加速滑动D. 将电键突然断开的瞬间【答案】A
3、【解析】【详解】A项：线圈中通以恒定的电流时，线圈产生稳恒的磁场，穿过铜环A的磁通量不变，没有感应电流产生。故A正确。 B项：通电时，使变阻器的滑片P作匀速滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，回路中电流增大，线圈产生的磁场增强，穿过铜环A磁通量增大，产生感应电流。不符合题意。故B错误。 C项：通电时，使变阻器的滑片P作加速滑动时，变阻器接入电路的电阻变化，回路中电流变化，线圈产生的磁场变化，穿过铜环A磁通量变化，产生感应电流。不符合题意。故C错误。 D项：将电键突然断开的瞬间，线圈产生的磁场从有到无消失，穿过穿过铜环A的磁通量减小，产生感应电流，不符合题意。故D错误。 故选：A。3.如图所示，两
4、水平平行金属导轨间接有电阻R，置于匀强磁场中，导轨上垂直搁置两根金属棒ab、cd当用外力F拉动ab棒向右运动的过程中，cd棒将会（）A. 向右运动B. 向左运动C. 保持静止D. 向上跳起【答案】A【解析】【分析】当用外力F拉动ab棒向右运动，会产生感应电动势，从而产生感应电流，cd棒中有电流后会受到安培力，在安培力的作用下将会运动，根据右手定则判断感应电流的方向，根据左手定则判断安培力的方向，从而确定运动的方向；【详解】当用外力F拉动ab棒向右运动，根据右手定则，在ab棒中产生b到a的电流，则在cd棒中有c到d的电流，根据左手定则，cd棒受到向右的安培力，所以cd棒将会向右运动，故A正确，B
5、CD错误。【点睛】解决本题的关键掌握用右手定则判定感应电流的方向，用左手定则判定安培力的方向，本题也可以利用楞次定律进行判断。4.如图所示，有界匀强磁场垂直纸面向里，一闭合导线框abcd从高处自由下落，运动一段时间后进入磁场，下落过程线框始终保持竖直，对线框进入磁场过程的分析正确的是（ ）A. 感应电流沿顺时针方向B. a端电势高于b端C. 可能匀加速进入D. 感应电流的功率可能大于重力的功率【答案】D【解析】【详解】线框进入磁场时，磁通量增大，根据楞次定律可知感应电流方向为逆时针方向，选项A错误；根据右手定则可知，b端电势高于a端，选项B错误；线圈进入磁场时受向上的安培力作用，大小为 ，随速
6、度的增加，安培力逐渐变大，可知加速度逐渐减小，则线圈进入磁场时做加速度减小的加速运动，选项C错误；开始进入磁场时，可能安培力大于重力，即，即 ，即，即感应电流的功率可能大于重力的功率，选项D正确；故选D.5. 由交变电流瞬时表达式i10sin500t（A）可知，从开始计时起，第一次出现电流峰值所需要的时间是（ ）A. 2 msB. 1 msC. 628 msD. 314 ms【答案】D【解析】试题分析：交变电流瞬时表达式i=10sin500t（A），故角频率为：=500rad/s，故周期为：由于是正弦式交变电流，从线圈经过中性面开始计时的，故在时刻第一次出现电流峰值，即：314 ms，故选D考
7、点：交流电的周期【名师点睛】本题关键能够从交变电流瞬时表达式推导出周期，知道周期与角频率的关系；基础题。6.理想变压器的原、副线圈匝数比为10 1，下列说法中正确的是()A. 穿过原、副线圈每一匝磁通量之比是10 1B. 穿过原、副线圈每一匝的磁通量之比是1 10C. 正常工作时，原、副线圈的输入、输出电压之比为10 1D. 正常工作时，原、副线圈的输入、输出电压之比为1 10【答案】C【解析】【详解】AB理想变压器无漏磁，故穿过原、副线圈每一匝磁通量之比是1:1，故选项 A、B错误；CD理想变压器的原、副线圈匝数比为，根据变压比关系，正常工作时，原、副线圈的输入、输出电压之比为，故选项C正确
8、，D错误。7.古时有“守株待兔”的寓言,设兔子的头部受到大小等于自身重力的撞击力时即可致死,并设兔子与树桩的作用时间为0.2 s,则被撞死的兔子奔跑的速度可能为(g取10 m/s2)()1 m/s1.5 m/s2 m/s2.5 m/sA. B. C. D. 【答案】B【解析】对兔子由动量定理可得：Ft=mv1-mv0，选取兔子奔跑的方向为正方向，即-Ft=0-mv0，解得F=；当Fmg时，兔子即被撞死，即F=mg，所以v0gt，即v0100.2 m/s=2 m/s,故应选B.8.在氢原子光谱中，可见光区域中有4条，其颜色为一条红色，一条蓝色，两条紫色，它们分别是从n3、4、5、6能级向n2能级
9、跃迁时产生的，则以下判断正确的是()A. 红色光谱线是氢原子从n6能级到n2能级跃迁时产生的B. 紫色光谱线是氢原子从n6和n5能级向n2能级跃迁时产生的C. 若从n6能级跃迁到n1能级将产生红外线D. 若从n6能级跃迁到n2能级所辐射的光子不能使某金属产生光电效应，则从n6能级向n3能级跃迁时辐射的光子将可能使该金属产生光电效应【答案】B【解析】【详解】A从n=3、4、5、6能级向n=2能级跃迁，从n=6向n=2能级跃迁，辐射的光子能量最大，频率最大，而红光的频率最小，故选项A错误；B在四条谱线中，紫光的频大于蓝光的频率，蓝光的频率大于红光，所以两条紫色光谱线是氢原子从n=6和n=5能级向n
10、=2能级跃迁时产生的，故选项B正确；C因为n=6向n=1能级跃迁产生的光子频率大于n=6向n=2能级跃迁产生的紫光的光子频率，所以从n=6能级向n=1能级跃迁时，则能够产生紫外线，故选项C错误；D因为n=6向n=2能级跃迁产生的光子频率大于n=6向n=3能级跃迁产生的光子频率，所以原子从n=6能级向n=2能级跃迁时所产生的辐射不能使某金属发生光电效应，则原子从n=6能级向n=3能级跃迁时一定不能使该金属发生光电效应，故选项D错误。9.氦原子被电离一个核外电子，形成类氢结构的氦离子。已知基态的氦离子能量为，氦离子的能级示意图如图所示。在具有下列能量的光子或者电子中，不能被基态氦离子吸收而发生跃迁
11、的是（ ）A. 42.8eV(光子)B. 43.2eV（电子）C. 41.0eV（电子）D. 54.4eV(光子)【答案】A【解析】由于光子能量不可分，因此只有能量恰好等于两能级差的光子才能被氦离子吸收，故A项中光子不能被吸收；而实物粒子(如电子)只要能量不小于两能级差，均可能被吸收，故B、C两项中电子均能被吸收，A对；10.用导线把验电器与锌板相连接，当用紫外线照射锌板时，发生的现象是（ ）A. 有电子从锌板飞出B. 有光子从锌板飞出C. 锌板带负电D. 验电器内的金属箔带负电【答案】A【解析】【详解】光电效应是指光子照射下，金属表面的电子脱离原子核的束缚逸出金属表面的现象，用紫外线照射锌板
12、时，发生光电效应，有电子从锌板逸出，锌板失去电子带正电，所以验电器带正电而张开一定角度，故选项A正确，B、C、D错误。11.如图所示，匀强磁场垂直于金属导轨平面向里，导体棒ab与导轨接触良好，当导体棒ab在金属导轨上做下述哪种运动时，能使闭合金属线圈c向右摆动( )A. 向右加速运动B. 向右减速运动C. 向左加速运动D. 向左减速运动【答案】BD【解析】导线ab加速向右运动时，导线ab中产生的感应电动势和感应电流增加，螺线管产生的磁场增大，穿过环C中的磁通量增大，则环C远离螺线管，以阻碍磁通量的增加，故A错误；导线ab减速向右运动时，导线ab产生的感应电动势和感应电流减小，螺线管产生的磁场减
13、小，穿过环C中的磁通量减小，则环C向螺线管靠近，以阻碍磁通量的减小，故B正确；导线ab加速向左运动时，导线ab中产生的感应电动势和感应电流增加，螺线管产生的磁场增大，穿过环C中的磁通量增大，则环C远离螺线管，以阻碍磁通量的增加，故C错误；导线ab减速向左运动时，导线ab产生的感应电动势和感应电流减小，螺线管产生的磁场减小，穿过环C中的磁通量减小，则环C向螺线管靠近，以阻碍磁通量的减小，故D正确。所以BD正确，AC错误。12.如图所示，带铁芯的电感线圈的电阻与电阻器R的阻值相同，A1和A2是两个完全相同的电流表，则下列说法中正确的是A. 闭合S瞬间，电流表A1示数小于A2示数B. 闭合S瞬间，电
14、流表A1示数等于A2示数C. 断开S瞬间，电流表A1示数大于A2示数D. 断开S瞬间，电流表A1示数等于A2示数【答案】AD【解析】【详解】闭合S瞬间，由于线圈的电流变大，导致其产生电动势，从而阻碍电流的变大，所以电流表A1示数小于A2示数，故A正确，B错误；断开S瞬间，线圈电流变小，从而产生电动势，相当于电压会变小电源与电阻相串联，由于两电流表串联，所以电流表A1示数等于A2示数，故C错误，D正确；故选AD。【点睛】线圈电流增加，相当于一个电源接入电路，线圈左端是电源正极当电流减小时，相当于一个电源，线圈左端是电源负极13.现在低碳环保问题已引起广大人民群众的普遍关注，深圳市民林先生自主研发
15、出一种磁悬浮风力发电机，其发电原理可以简化为：一个矩形线圈绕在其平面内并且垂直于匀强磁场的轴做匀速转动而产生感应电动势，产生的感应电动势图象如图所示，并且接在原、副线圈匝数比为n1:n2=1:5的理想变压器原线圈两端，则()A. 变压器副线圈两端电压的有效值为U2110 VB. 感应电动势的瞬时值表达式为e2sin10t(V)C. t0.005 s时穿过线圈平面的磁通量最大D. t0.005 s时线圈平面和磁场方向平行【答案】AD【解析】【详解】AB由图象可以得到变压器原线圈的电压的最大值为，所以电压的有效值为22V，由于原、副线圈匝数之比为，根据电压与匝数成正比可得变压器副线圈两端的电压为，交流电的周期为0.02s，所以，所以感应电动势的瞬时值表达式为，故选项A正确，B错误；CD当时，代入数据得可得，此时的电压最大，所以此时穿过副线圈平面的磁通量的变化率最大，穿过副线圈平面的磁通量为零，矩形线圈平面与磁场方向平行。故选项D正确，C错误。14.在匀强磁场中
