《甘肃省静宁县第一中学2019届高三上学期第二次模拟考试物理试题 含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《甘肃省静宁县第一中学2019届高三上学期第二次模拟考试物理试题 含解析（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、静宁一中20182019学年度高三级第二次模拟试题(卷)物 理一、选择题：（本题共15题，每小题4分，共60分。第19题只有一个选项符合题目要求；第1015题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）。1.2016 年起，我国空军出动“战神”轰6K 等战机赴南海战斗巡航某次战备投弹训练，飞机在水平方向做加速直线运动的过程中投下一颗模拟弹飞机飞行高度为h，重力加速度为g，不计空气阻力，则以下说法正确的是（ ）A. 在飞行员看来模拟弹做平抛运动B. 模拟弹下落到海平面的时间为2hgC. 在飞行员看来模拟弹做自由落体运动D. 若战斗机做加速向下的俯冲运动(可以看作
2、圆周的一部分），此时飞行员一定处于失重状态【答案】B【解析】【详解】模拟弹相对于地面做平抛运动，水平方向做匀速直线运动，而且水平速度与刚被投下时飞机的速度相同。由于飞机做加速直线运动，速度不断增大，所以在飞行员看来模拟弹做的不是平抛运动，也不是自由落体运动。故AC错误。模拟弹竖直方向做自由落体运动，由 h=12 gt2得t=2hg故B正确。若飞机斜向下做加速曲线运动时，有斜向上的向心加速度，具有竖直向上的分加速度，此时飞行员处于超重状态。故D错误。故选B。【点睛】解决本题的关键是要知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式列式分析要注意针对不同的参照物，物体的运动情况可能不同
3、2.一辆汽车在水平地面上转弯时，地面的摩擦力已达到最大，当这辆汽车速率增为原来的2倍时，则为避免发生事故，它在同样地面转弯的轨道半径应该（ ）A. 减为原来的12 B. 减为原来的14C. 增为原来的2倍 D. 增为原来的4倍【答案】D【解析】【详解】一辆汽车在水平地面上转弯时，地面的侧向摩擦力已达到最大，则kmg=mv2R当这辆汽车速率增为原来的2倍时，为避免发生事故，临界情况仍为侧向最大摩擦力提供向心力，即kmg=m(2v)2r联立解得：r=4R。故D项正确，ABC三项错误。3.质量为m的物体P置于倾角为1的固定光滑斜面上，轻细绳跨过光滑轻质定滑轮分别连接着P与小车，P与滑轮间的细绳平行于
4、斜面，小车以速率v水平向右做匀速直线运动当小车与滑轮间的细绳和水平方向成夹角2时，下列判断正确的是()A. P的速率为vB. P的速率为vcos 2C. P的速率为vcos2D. P的速率为vcos1【答案】B【解析】【详解】将小车的速度v进行分解如图所示，则vp=vcos2，故ACD错误，B正确；故选B.4.如图所示，两个小球a、b质量均为m，用细线相连并悬挂于O点，现用一轻质弹簧给小球a施加一个力F，使整个装置处于静止状态，且Oa与竖直方向夹角为=450，已知弹簧劲度系数为k，则弹簧形变量不可能是A. 2mgk B. 2mg2k C. 42mg3k D. 2mgk【答案】B【解析】【分析】
5、以小球ab整体为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件，分析F可能的值，然后再经过胡克定律分析弹簧形变量的可能情况。【详解】以小球ab整体为研究对象，分析受力，作出F在几个方向时整体的受力图根据平衡条件得知：F与T的合力与整体重力2mg总是大小相等、方向相反，由力的合成图可知，当F与绳子oa垂直时，F有最小值，即图中2位置，F的最小值为：Fmin=2mgsin=222mg=2mg 所以：xmin=2mgk 故应选B。【点睛】本题是隐含的临界问题，运用图解法确定出F的最大值和最小值，再进行选择也可以用函数法。5.如图所示，小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，内侧壁半径为R，小球半径为r
6、，则下列说法正确的是( )A. 小球通过最高点时的最小速度vmin=g(R+r)B. 小球通过最高点时的最小速度vmin=0C. 小球在水平线ab以下的管道中运动时，内侧管壁对小球一定无作用力D. 小球在水平线ab以上的管道中运动时，外侧管壁对小球一定有作用力【答案】BC【解析】【详解】AB：小球过最高点时可能受到外壁对其向下的压力或内壁对其向上的支持力，类似于轻杆端点的小球过最高点，则其通过最高点的最小速度为零。故A项错误，B项正确。C：小球在管道中运动时，向心力的方向要指向圆心；水平线ab以下时，重力沿半径的分量背离圆心，则管壁必然提供指向圆心的支持力，只有外侧管壁才能提供此力，内侧管壁对
7、小球一定无作用力。故C项正确。D：小球在管道中运动时，向心力的方向要指向圆心；在水平线ab以上时，重力沿半径的分量指向圆心，管壁对小球可能没有作用力。故D项错误。【点睛】物体在管内做圆周运动时，所受力的径向分量提供向心力；在不同位置对其径向力（各力在径向的分量）分析后可推断管内（外）壁对物体的作用力的可能情况。6.如图所示，有一质量为M的大圆环，半径为R，被一轻杆固定后悬挂在O点，有两个质量为m的小环（可视为质点），同时从大环两侧的对称位置由静止滑下两小环同时滑到大环底部时，速度都为v，则此时大环对轻杆的拉力大小为（ ） A. （2m+2M）g B. Mg2mv2RC. 2m（g+v2R）+M
8、g D. 2m（v2Rg）+Mg【答案】C【解析】试题分析：结合物体状态和受力之间的关系，根据大环的状态-静止，可分析得出大环受平衡力作用；两小环同时滑到大环底部时受向心力作用，根据牛顿第二定律求得小环对大环的弹力C、两小环同时滑到大环底部时，小环在竖直方向受重力和弹力，根据牛顿第二定律得：N2mg=2mv2R，N=2m(g+v2R)，大环受重力、轻杆拉力和小环对它的压力，根据大环的状态-静止，可分析得出轻杆拉力为2m(g+v2R)+Mg轻因为小环在底部的速度最大，需要的向心力也是最大，所以轻杆拉力也是最大故C正确故选：C考点：牛顿第二定律；向心力点评：根据物体的运动状态，分析物体的受力情况是
9、解决此题的关键，另外在分析受力时要考虑周全，不要漏力或添力7.2018年7月17日，上海中车公司生产的国内最大功率无人通控潜水器在上海下线。该潜水器自重5103kg，主要用来深海打捞和取样。若某次作业时，潜水器将4103kg的高密度重物从3000m深的海底匀速提升到海面，已知牵引力的功率恒为180kW，不计水对潜水器的作用，则提升的时间约为（g10m/s2）A. 0.5103s B. 1.0103 C. 1.5103s D. 2.0103s【答案】C【解析】【详解】根据动能定理可知：Pt-mgh=0，解得t=1.5103s ，故选C.8.如图甲所示,一次训练中，运动员腰部系着不可伸长的绳拖着质
10、量m=11 kg的轮胎从静止开始沿着笔直的跑道加速奔跑，绳与水平跑道的夹角是37，5 s后拖绳从轮胎上脱落，轮胎运动的v-t图象如图乙所示，不计空气阻力，已知sin 37=0.6，cos 37=0.8，g取10 m/s2，则下列说法正确的是（ ） 甲 乙A. 轮胎与水平地面间的动摩擦因数=0.2B. 拉力F的大小为55 NC. 在05s内，轮胎克服摩擦力做功为1375 JD. 在6 s末，摩擦力的瞬时功率大小为275 W【答案】D【解析】【分析】根据速度时间图线得出匀减速直线运动的加速度和匀加速直线运动的加速度，结合牛顿第二定律求出动摩擦因数以及拉力的大小，根据动能定理，求出在05s内轮胎克服
11、摩擦力做功的大小，利用功率的公式可以求出在6 s末摩擦力的瞬时功率；【详解】A、轮胎匀减速直线运动的加速度大小为a2=102m/s2=5m/s2，则轮胎与水平地面间的动摩擦因数：=a2g=0.5，匀加速运动的加速度大小为：a1=105m/s2=2m/s2，根据牛顿第二定律得，Fcos37（mgFsin37）=ma1，代入数据解得F=70N，故AB错误；C、在05s内，根据动能定理得，Fx1cos37Wf=12mv2，又x1=12510m=25m，代入数据解得Wf=850J，故C错误；D、根据图像可知6s末的瞬时速度为v=5m/s，故瞬时功率P=mgv=275W，故D正确。【点睛】本题考查了牛顿
12、第二定律、动能定理、功率、运动学公式的综合运用，通过速度时间图线和牛顿第二定律求出拉力的大小和动摩擦因数的大小是解决本题的关键。9.已知，某卫星在赤道上空轨道半径为r1的圆轨道上绕地运行的周期为T，卫星运动方向与地球自转方向相同，赤道上某城市的人每三天恰好五次看到卫星掠过其正上方，假设某时刻，该卫星如图在A点变轨进入椭圆轨道，近地点B到地心距离为r2，设卫星由A到B运动得时间为t，地球自转周期为T0，不计空气阻力，则（ ）A. T=38T0B. t=(r1+r2)T2r1r1+r22r1C. 卫星在图中椭圆轨道由A到B时，机械能增大D. 卫星由圆轨道进入椭圆轨道过程中，机械能不变【答案】A【解
13、析】【分析】根据赤道上某城市的人每三天恰好五次看到卫星掠过其正上方，得出三天内卫星转了8圈，从而求出T和T0的关系，根据开普勒第三定律得出A到B的时间，从椭圆轨道的A到B，只有万有引力做功，机械能守恒，从圆轨道进入椭圆轨道，需减速变轨，机械能不守恒；【详解】A、赤道上某城市的人每三天恰好五次看到卫星掠过其正上方，知三天内卫星转了8圈，则有3T0=8T，解得T=38T0，故A正确；B、根据开普勒第三定律知，(r1+r22)3(2t)2=r13T2，解得t=T(r1+r2)4r1r1+r22r1，故B错误；C、卫星在图中椭圆轨道由A到B时，只有万有引力做功，机械能守恒，故C错误；D、卫星由圆轨道进
14、入椭圆轨道，需减速，则机械能减小，故D错误。【点睛】解决本题的关键知道机械能守恒的条件，以及变轨的原理，知道当万有引力大于向心力时，做近心运动，当万有引力小于向心力时，做离心运动，同时掌握开普勒第三定律，并能灵活运用。10.游乐园里有一种叫“飞椅”的游乐项目，简化后的示意图如图所示。已知飞椅用钢绳系着，钢绳上端的悬点固定在顶部水平转盘上的圆周上。转盘绕穿过其中心的竖直轴匀速转动。稳定后，每根钢绳（含飞椅及游客）与转轴在同一竖直平面内。图中P、Q两位游客悬于同一个圆周上，P所在钢绳的长度大于Q所在钢绳的长度，钢绳与竖直方向的夹角分别为1、2。不计钢绳的重力。下列判断正确的是A. P、Q两个飞椅的
15、线速度大小相同B. 无论两个游客的质量分别有多大，1一定大于2C. 如果两个游客的质量相同，则有1等于2D. 如果两个游客的质量相同，则Q的向心力一定小于P的向心力【答案】BD【解析】【详解】由mgtan=m2htan得，hp=hQ. （h为钢绳延长线与转轴交点与游客水平面的高度），由h=rtan+Lcos（其中r为圆盘半径）得，L越小则越小。则12，与质量无关。由R=r+Lsin可得，RpRQ，则vPvQ；由向心力公式可知F=mgtan，可知Q的向心力一定小于P的向心力，故选项BD正确，AC错误；故选BD.【点睛】飞椅做的是圆周运动，确定圆周运动所需要的向心力是解题的关键，向心力都是有物体受到的某一个力或几个力的合力来提供，在对物体受力分析时一定不能分析出物体受向心力这么一个单独的力11.如图，小球甲从A点水平抛出，同时将小球乙从B点自由释放，两小球先后经过C点时速度大小相等，方向夹
