《甘肃省临泽一中2018-2019学年高二下学期期末考试模拟化学试卷 Word版含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《甘肃省临泽一中2018-2019学年高二下学期期末考试模拟化学试卷 Word版含解析（18页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2018-2019学年第二学期期末模拟试卷高二化学可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Na 23 Al 27 S 32 Cl 35.5第卷一、选择题：本题共14个小题，每小题3分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.本草衍义中对精制砒霜过程有如下叙述：“取砒之法，将生砒就置火上，以器覆之，令砒烟上飞着覆器，遂凝结累然下垂如乳，尖长者为胜，平短者次之。”文中涉及的操作方法是（）A. 蒸馏B. 升华C. 干馏D. 萃取【答案】B【解析】“将生砒就置火上，以器覆之，令砒烟上飞，着覆器，遂凝结”，属于固体直接转化为气体，类似于碘的升华，因此涉及的操作方法是升华，答案
2、选B。2.下表所列物质晶体的类型全部正确的一组是原子晶体离子晶体分子晶体A氮化硅磷酸单质硫B单晶硅氯化铝白磷C金刚石烧碱冰D铁尿素冰醋酸A. AB. BC. CD. D【答案】C【解析】试题分析：根据构成晶体的微粒确定晶体类型，原子晶体的构成微粒是原子，分子晶体的构成微粒是分子，离子晶体的构成微粒是阴阳离子。A磷酸的构成微粒是分子，所以磷酸属于分子晶体，故A错误；B单晶硅的构成微粒是原子，所以属于原子晶体，白磷的构成微粒是分子，属于分子晶体，但是氯化铝属于共价化合物，构成微粒是氯化铝分子，所以属于分子晶体，故B不正确；C金刚石的构成微粒是原子，所以属于原子晶体，烧碱的构成微粒是阴阳离子，所以属
3、于离子晶体，冰的构成微粒是分子，所以属于分子晶体，故C正确；D铁的构成微粒是金属阳离子和自由电子，所以属于金属晶体，尿素的构成微粒是分子，属于分子晶体，故D错误；考点：原子晶体、离子晶体、分子晶体点评：本题考查了晶体类型的判断，明确晶体的构成微粒是解本题关键，注意尿素、氯化铝属于分子晶体，为易错点。3. 日常生活中遇到的很多问题都涉及到化学知识，下列有关做法在日常生活中可行的是A. 医用酒精和工业酒精的主要成分相同，都可用于伤口消毒B. 可利用米汤检验含碘盐的真假C. 低血糖症状出现时，吃馒头要比喝葡萄糖水见效快D. 人体对食物中蛋白质消化其实就是使蛋白质发生了水解【答案】D【解析】试题分析：
4、A、工业酒精中含有有毒物质甲醇，因此不能用于伤口消毒，A不正确；B、碘遇淀粉显蓝色，但碘盐中碘是以碘酸钾的形成存在的，碘酸钾与淀粉不反应，因此不能用米汤检验碘酒的真假，B不正确；C、馒头中的淀粉需要在催化剂的作用下水解才能产生葡萄糖，因此低血糖症状出现时，吃馒头不比喝葡萄糖水见效快，C不正确；D、蛋白质水解产生了氨基酸供人体利用，因此人体对食物中蛋白质的消化其实就是使蛋白质发生了水解，D正确，答案选D。考点：考查化学与生活的有关应用与判断4.只用一种试剂便可将苯、苯酚、四氯化碳、乙醛4种无色液体进行鉴别，这种试剂是银氨溶液新制的Cu(OH)2悬浊液NaOH溶液溴水A. 仅B. 仅C. D. 仅
5、【答案】D【解析】【详解】苯的密度比水小，四氯化碳的密度比水大，乙醛可被银氨溶液氧化，苯酚与银氨溶液不反应，可鉴别，故正确；苯的密度比水小，四氯化碳的密度比水大，乙醛可被新制的Cu(OH)2悬浊液氧化，苯酚与氢氧化铜不反应，可鉴别，故正确；NaOH溶液与苯酚反应无明显现象，不能鉴别苯酚和乙醛，故错误；苯、苯酚溶液、四氯化碳、乙醛与溴水混合的现象分别为：分层后有色层在上层、白色沉淀、分层后有色层在下层，溴水褪色，现象不同，可鉴别，故正确所以D选项是正确的【点睛】苯的密度比水小,四氯化碳的密度比水大,苯酚可与氢氧化钠、溴水反应,乙醛具有还原性,可被氧化剂氧化,以此解答该题。5.BF3是典型的平面三
6、角形分子，它溶于氢氟酸或NaF溶液中都形成BF4离子，则BF3和BF4中的B原子的杂化轨道类型分别是A. sp2、sp2B. sp3、sp3C. sp2、sp3D. sp、sp2【答案】C【解析】【详解】BF3分子的中心原子B原子上含有3个键，中心原子B的价层电子对数为3+(313)/2=3，属于sp2杂化，BF4-中中心原子B的价层电子对数为4+(3+114)/2=4，属于sp3杂化。故C符合题意；答案：C。【点睛】根据价层电子对互斥模型（简称VSEPR模型），根据价电子对互斥理论，价层电子对个数=键个数+孤电子对个数；键个数=配原子个数，孤电子对个数=(a-xb)，a指中心原子价电子个数，
7、x指配原子个数，b指配原子形成稳定结构需要的电子个数进行解答。6.下列叙述正确的是A. NH3是极性分子，分子中N原子处在3个H原子所组成的三角形的中心B. CCl4是非极性分子，分子中C原子处在4个Cl原子所组成的正方形的中心C. H2O是极性分子，分子中O原子不在2个H原子所连直线的中点处D. CO2是非极性分子，分子中C原子不在2个O原子所连直线的中点处【答案】C【解析】【详解】A.氨气分子中N与3个H原子形成键,孤对电子数为(5-3)/2=1,为三角锥形分子,故A错误；B.CCl4中C与4个Cl形成4个键,孤对电子数为0,为正四面体结构,非极性分子,故B错误；C.H2O中O与2个H形成
8、键,孤对电子数为(6-2)/2=2,为V形分子,所以C选项是正确的；D.CO2是非极性分子,C与2个O形成键,孤对电子数为(4-2,为直线形分子,故D错误；所以C选项是正确的。7.以下有关元素性质的说法不正确的是A. 具有下列电子排布式的原子中：1s22s22p63s23p2，1s22s22p3，1s22s22p2，1s22s22p63s23p4，原子半径最大的是B. 具有下列价电子排布式的原子中：3s23p1，3s23p2，3s23p3，3s23p4，第一电离能最大的是C. Na、K、Rb，N、P、As，O、S、Se，Na、P、Cl，元素的电负性随原子序数增大而递增的是D. 某元素气态基态离
9、子的逐级电离能分别为738、1 451、7 733、10 540、13 630、17 995、21 703，当它与氯气反应时可能生成的阳离子是X3【答案】D【解析】【详解】A.核外电子排布: 1s22s22p63s23p2，1s22s22p3，1s22s22p2，1s22s22p63s23p4,则为Si,为N、为C、为S,根据同周期自左而右原子半径减小,同主族自上而下原子半径增大,故原子半径: SiS CN,故Si原子半径最大,即的原子半径最大,故A选项是正确的；B.由价电子排布式 3s23p1，3s23p2，3s23p3，3s23p4，分别为：Al、Si、P、S元素。同周期随原子序数增大第一
10、电离能呈增大趋势,第VA族3p能级为半满稳定状态,能量较低,第一电离能高于同周期相邻元素,故第一电离能, ,故B选项是正确的；C.同周期自左而右电负性增大,同主族自上而下电负性减小,故(1)Na、K、Rb电负性依次减小,(2)N、P、As的电负性依次减小,(3)O、S、Se的电负性依次减小,(4)Na、P、Cl的电负性依次增大,故C选项是正确的；D.该元素第三电离能剧增,最外层应有2个电子,表现+2价,当它与氯气反应时最可能生成的阳离子是X2+,故D错误；所以D选项是正确的。8. 关于晶体的下列说法正确的是( ）A. 在晶体中只要有阴离子就一定有阳离子B. 在晶体中只要有阳离子就一定有阴离子C
11、. 原子晶体的熔点一定比金属晶体的高D. 分子晶体的熔点一定比金属晶体的低【答案】A【解析】B：金属晶体中除了金属阳离子就是自由电子；CD都有反例，不能以偏概全；答案为A9. 下列鉴别方法不可行的是A. 用水鉴别乙醇、甲苯和溴苯B. 用燃烧法鉴别乙醇、苯和四氯化碳C. 用碳酸钠溶液鉴别乙醇、乙酸和乙酸乙酯D. 用酸性高锰酸钾溶液鉴别苯、环已烯和环已烷【答案】D【解析】试题分析：A乙醇与水混溶，甲苯密度比水小，溴苯密度比水大，可加入水鉴别，故A正确；B乙醇燃烧，火焰明亮，无浓烟，苯燃烧有浓烟，四氯化碳不燃烧，现象各不相同，可鉴别，故B正确；C乙醇易溶于水，碳酸钠与乙酸反应生成二氧化碳气体，乙酸乙
12、酯不溶于饱和碳酸钠溶液，溶液分层，可鉴别，故C正确；D甲苯、环己烯都可被酸性高锰酸钾氧化，故D错误；故选D考点：考查有机物的鉴别。【此处有视频，请去附件查看】10.下列说法不正确的是A. HF、HCl、HBr、HI的热稳定性依次减弱B. Si、SiC、金刚石的熔点依次降低C. F2、Cl2、Br2、I2的沸点依次升高D. HCl的熔、沸点低于HF的熔、沸点【答案】B【解析】【详解】A.因为非金属性FClBrI，元素的非金属性越强，形成的氢化物共价键的键能越大，对应的氢化物越稳定，故A正确；B.因Si、SiC、金刚石都是原子晶体，键能C-C键Si-C键Si-Si键，所以熔点依次升高,故B错误；C
13、.F2、C12、Br2、I2属于分子晶体，影响熔沸点高低的因素是分子间作用力的大小，组成和结构相同的分子，相对分子质量越大，熔沸点越高，故C正确；D.HF含有氢键，熔沸点较高，所以HCl的熔、沸点低于HF的熔、沸点，故D正确；答案：B。11.丙烷的分子结构可简写成键线式结构，有机物A的键线式结构为，有机物B与等物质的量的H2发生加成反应可得到有机物A。下列有关说法错误的是()A. 有机物A的一氯取代物只有4种B. 用系统命名法命名有机物A，名称为2,2,3三甲基戊烷C. 有机物A的分子式为C8H18D. B的结构可能有3种，其中一种名称为3,4,4三甲基2戊烯【答案】A【解析】【分析】A根据信
14、息可知，A的结构简式为(CH3)3CCH(CH3)CH2CH3，根据等效氢判断一氯代物种数；B最长的主链含有5个C原子，从距离甲基进的一端编碳号，再根据系统命名法命名；C根据A的结构简式书写分子式；DA是有机物B与等物质的量的H2发生加成产物，则B中含有1个C=C双键，根据加成反应还原双键，A中相邻碳原子上都含有H原子的可以含有碳碳双键，据此书写B的结构，再根据系统命名法命名。【详解】A根据信息可知，A结构简式为，分子中有5种化学环境不同的氢原子，故其一氯代物有5种，故A错误；B最长的主链含有5个C原子，从距离甲基进的一端编碳号，的名称为：2，2，3-三甲基戊烷，故B正确；C由A的结构简式可知
15、，A的分子式为C8H18，故C正确；DA是有机物B与等物质的量的H2发生加成产物，则B中含有1个C=C双键，根据加成反应还原双键，A中相邻碳原子上都含有H原子的可以含有碳碳双键，故B的结构简式可能有如下三种：、，它们名称依次为：3，3-二甲基-2-乙基-1-丁烯、3，4，4-三甲基-1-戊烯、3，4，4-三甲基-2-戊烯，故D正确；故选A。12.某有机物的分子式为C11H14O2，结构简式中含有一个苯环且苯环上只有一个取代基，与NaHCO3反应有气体生成，则该有机物的结构共有（不含立体异构）A. 9种B. 10种C. 11种D. 12种【答案】D【解析】根据题意，该有机物分子含有2个氧原子，能与NaHCO3反应生成气体，说明其结构中含1个羧基，可看作C4H10被一个苯环和一个羧基取代，实际为丁烷的二元取代物，因此可以丁烷为思维
